PRIMERA TAREA DE SISTEMAS DIGITALES Pregunta 1: Analizar su funcionamiento y construir su tabla de verdad del circuito m
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PRIMERA TAREA DE SISTEMAS DIGITALES Pregunta 1: Analizar su funcionamiento y construir su tabla de verdad del circuito mostrado
A) IMPLEMENTACION
FIG N°2:Circuito usando compuertas y usando un clock.
B) TABLA DE VERDAD: R 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 1 1 1 1 1 1
S 0 0 0 0 1 1 1 1 0 0 0 0 1 1 1 1
P 0 0 1 1 0 0 1 1 0 0 1 1 0 0 1 1
C 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1
CLK ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓ ↓
Q 1 0 1 1 1 0 1 1 0 1 1 0 CLK 0 1 1
Q´ 0 1 0 1 0 1 0 1 1 0 0 1 0 CLK 0 1
C) ANALISIS: El estado NP es en el 0-0-0-0 según el simulador de proteus ya que en el circuito implementado no se puede determinar.
Pregunta 2: Analizar el funcionamiento del circuito mostrado y graficar su diagrama de tiempos.
IMPLEMENTACION:
D1 0 0 1 1 X
Tabla 2: Tabla de verdad del circuito anterior D2 CLK Q1 0 1 0 1 X
˩ ˩ ˩ ˩ X
0 1 0 NP Q1-1
Diagrama 1: Diagrama de tiempo del circuito anterior
Q2 1 0 0 NP Q2-1
Pregunta 3: Utilizando el Flip Flop D, diseñar un circuito que el permita convertir a Flip Flop JK. Implementar el circuito utilizando solamente Puertas Logicas NAND y verifique su tabla de verdad.
D = J(KQ)’ + J’K’Q’ D = K’(J + J’Q) + JQ’ D = K’(J + Q) + JQ’ D = QK’ + K’J + JQ’ D = QK’ + JQ’ POR LEY DE MORGAN: D=𝑱̅̅̅̅̅̅ ∗ 𝑸 ∗ (𝑲 ∗ 𝑸) J 0 0 0 0 1 1 1 1
K 0 0 1 1 0 0 1 1
Q-1 0 1 0 1 0 1 0 1
Q 0 1 0 0 1 1 1 0
D 0 1 0 0 1 1 1 0
Pregunta 4: Analice el funcionamiento del circuito y desarrollar su tabla de verdad
FIG N°6: Circuito con NAND A) TABLA DE VERDAD J 0 0 1 1
K 0 1 0 1
Q 1 1 0 0
Q´ 1 0 1 0
B) ANALISIS: las salidas muestran el inverso de las entradas.
Pregunta 5: Implementar el circuito mostrado en la Figura 1. Analice su funcionamiento para valores de : a) RA= 100Kohm
RB= 100 Kohm
C1= 4.7 uF
b) RA= 100Kohm
RB= 120 Kohm
C1= 10 uF
c) RA= 220Kohm
RB= 167 Kohm
C1= 16 uF
La señal de salida tendrá un nivel alto por un tiempo t1 y un nivel bajo por un tiempo t2, los cuales variaran de acuerdo a los valores de R1, R2 y C1. Y la amplitud está dada por el voltaje de alimentación. Duración de los niveles lógicos:
Ciclo de trabajo (%): El ciclo de trabajo en un circuito integrado 555 (IC) es el porcentaje de tiempo que la salida es alta para cada ciclo de la onda cuadrada. Por ejemplo, si el tiempo total del ciclo es de 1 s y la salida es alta para los primeros 0,4 s de cada ciclo, el ciclo de trabajo es 40%. a) Para los valores dados se obtiene:
En forma teorica: t1= 0,69(200k)(4.7u) t1= 651,56ms t2= 0,69(100k)(4.7u) t2= 325,78ms Periodo (T)= 977,34 ms f= 1,02 Hz Ciclo de trabajo= t1/T 66, [6] %
Se obtiene de la gráfica del osciloscopio: t1= 655ms t2= 335ms Se obtiene una pequeña diferencia entre los cálculos teóricos y los hallados en la simulación.
Ahora del mismo modo analizamos para las dos situaciones que nos quedan: b) Para RA= 100k
RB= 120k C1= 10u
Teórico: t1= 1.52 s t2= 831.7ms T= 2,35 s f= 0,42 Hz DC(%)= 64,68% Simulación: t1= 1.51 s t2= 830.9ms
c) Para RA= 220k
RB= 167k C1= 16uF
Cálculos teóricos: t1= 4.29 s t2= 1.85 s f= 0,16 Hz T= 6.14 s DC(%)= 69,86% Simulación: t1= 4,28 s t2= 1,90 s
Pregunta 6: Implementar el circuito de la Figura 2, analice y funcionamiento y repita la experiencia del
paso anterior. Con las resistencias y condensadores indicados. (Utilizar las resistencias y condensador del circuito anterior y analizar en forma teórica y experimental los valores de Tc, Td, T, f y DC )
𝑇𝐶 = 𝑙𝑛(2) ∗ 𝑅𝐴 ∗ 𝐶, 𝑓=
1 𝑇
𝑇𝐷 = 𝑙𝑛(2) ∗ 𝑅𝐵 ∗ 𝐶, 𝑦
𝐷=
𝑇 = 𝑇𝐶 + 𝑇𝐷 ,
𝑅𝐴 ∗ 100% 𝑅𝐴 + 𝑅𝐵
Para 𝑅𝐴 = 100𝐾 𝑜ℎ𝑚𝑠, 𝑅𝐵 = 100𝑘 𝑜ℎ𝑚𝑠 𝑦 𝐶 = 4.7𝑢𝐹 𝑇𝑐 = (0.69) ∗ (100𝑘) ∗ (4.7𝑢) → 𝑻𝒄 = 𝟎. 𝟑𝟐 𝒔𝒆𝒈. = 𝑻𝑫 𝑇 = 0.64 𝑠𝑒𝑔. → 𝑓 = 𝐷=
1 → 𝒇 = 𝟏. 𝟓𝟔 𝑯𝒛 0.64
100𝑘 ∗ 100% → 𝑫 = 𝟓𝟎% 100𝑘 + 100𝑘
Para 𝑅𝐴 = 100𝐾 𝑜ℎ𝑚𝑠, 𝑅𝐵 = 120𝑘 𝑜ℎ𝑚𝑠 𝑦 𝐶 = 10𝑢𝐹 𝑻𝒄 = 𝟎. 𝟔𝟗 𝒔𝒆𝒈. 𝑻𝑫 = 𝟎. 𝟖𝟑 𝒔𝒆𝒈.
𝑻 = 𝟏. 𝟓𝟐 𝒔𝒆𝒈 𝒇
= 𝟎. 𝟔𝟔 𝑯𝒛 𝒚 𝑫 = 𝟒𝟓. 𝟒𝟓% Para 𝑅𝐴 = 220𝐾 𝑜ℎ𝑚𝑠, 𝑅𝐵 = 167𝑘 𝑜ℎ𝑚𝑠 𝑦 𝐶 = 16𝑢𝐹 𝑻𝒄 = 𝟐. 𝟒𝟑 𝒔𝒆𝒈. 𝑻𝑫 = 𝟏. 𝟖𝟒 𝒔𝒆𝒈.
𝑻 = 𝟒. 𝟐𝟕 𝒔𝒆𝒈 𝒇
= 𝟎. 𝟐𝟑 𝑯𝒛 𝒚 𝑫 = 𝟓𝟔. 𝟖𝟓%
Pregunta 7: 1. Implementar el Circuito de la Figura 2, analice su funcionamiento, con valores de Resistencias y condensadores indicadosCalcular valor teórico y experimental a) R1 = 120 Kohm
C1 = 4.7 uF
Calcular T:
b) R1 = 120 kohm
C1 = 10 uF
Calcular T:
c) R1 = 100 Kohm
C1 = 10 uF
Calcular T:
El circuito a realizar, se trata de un timer en su modo monoestable, el cual mediante un disparo ingresado por el pin N° 2 y mediante los valores del condensador electrolítico que sale del pin N° 6 a GND y la resistencia que va de VCC al pin N° 6 se puede calcular el tiempo en alto que nos dará la salida del pin N° 3 mediante la siguiente ecuación: 𝑇 = ln(3) . 𝑅. 𝐶 Con “R” medida en ohmios, “C” en faradios y “T” en segundos 𝑇 ≈ 1,1. 𝑅. 𝐶 Circuito N° 1: 𝑹 = 120𝑘 𝛺 𝑪 = 4.7𝑢𝐹
Tiempo (s)
Teórico 0.6204
Circuito N° 2: 𝑹 = 120𝑘 𝛺 𝑪 = 10𝑢𝐹
Experimental 0.86
Tiempo (s)
Teórico 1.20
Experimental 1.76
Circuito N° 3: R= 100k Ω C= 10uF
Tiempo (s)
Teórico 1.00
Experimental 1.53
Pregunta 8: Utilizando el IC CD4047B, implementar los circuito mostrados en la Figura 4; Analice su funcionamiento y determine sus valores teóricos y experimentales del tiempo de duración del pulso. (importante) El valor de R : ( De 10 KOhm hasta 1MOhm) El valor de C : ( Mayor que 100 pF en astable y Mayor que 1000pF en monostable)
Figura a Circuito astable
Figura .b Circuito Monostable
Simulación en Proteus – Circuito Monoestable por flancos de bajada +5v
U1(+T)
D1
U1 5 4 6 8 12
R3
3
10k 1
2 9
AST AST -T +T RTRG
Q Q OSC
R1
10 11 13
100 LED-YELLOW
D2
R2 100
RCC
LED-YELLOW
CX
RX MR 4047
C1 10u
Fig 5 - Simulación
TABLA # 3 - TIEMPO TEORICO Y TIEMPO EXPERIMENTAL RESISTENCIA 47 Kohm 20Kohm 39 Kohm
CONDENSADOR 10 uF 10 uF 47 uF
TIEMPO TEORICO 1.16 segundos 0.49 segundos 4.54 segundos
TIEMPO EXPERIMENTAL 1.8 segundos 0.60 segundos 5.6 segundos
CALCULO DEL TIEMPO TEORICO Según la siguiente fórmula: 𝑇 = 2.48 ∗ 𝑅1 ∗ 𝐶 Tiempo 1; cuando R1= 47 Kohm y C = 10 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 47 ∗ 103 ∗ 10 ∗ 10−6 𝑇 = 1.16 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠 Tiempo 2; cuando R1= 20 Kohm y C = 10 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 20 ∗ 103 ∗ 10 ∗ 10−6 𝑇 = 0.49 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠 Tiempo 3; cuando R1= 39 Kohm y C = 47 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 39 ∗ 103 ∗ 47 ∗ 10−6 𝑇 = 4.54 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠 Simulación en proteus – Circuito Astable +5v
D1
U1 U1(-T)
C1
5 4 6 8 12
10u 3
R3
1
AST AST -T +T RTRG
Q Q OSC
10 11 13
R1 100
LED-YELLOW
D2
R2 100
RCC
LED-YELLOW
CX
10k 2 9
RX MR 4047
Fig 7 – Simulación
TABLA # 4 - TIEMPO TEORICO Y TIEMPO EXPERIMENTAL RESISTENCIA 47 Kohm 20Kohm 39 Kohm
CONDENSADOR 10 uF 10 uF 47 uF
TIEMPO TEORICO 1.16 segundos 0.49 segundos 4.54 segundos
CALCULO DEL TIEMPO TEORICO Según la siguiente fórmula: 𝑇 = 2.48 ∗ 𝑅1 ∗ 𝐶 Tiempo 1; cuando R1= 47 Kohm y C = 10 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 47 ∗ 103 ∗ 10 ∗ 10−6 𝑇 = 1.16 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠 Tiempo 2; cuando R1= 20 Kohm y C = 10 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 20 ∗ 103 ∗ 10 ∗ 10−6 𝑇 = 0.49 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠 Tiempo 3; cuando R1= 39 Kohm y C = 47 uF 𝑇 = 2.48 ∗ 39 ∗ 103 ∗ 47 ∗ 10−6
TIEMPO EXPERIMENTAL 1.8 segundos 0.60 segundos 5.6 segundos
𝑇 = 4.54 𝑠𝑒𝑔𝑢𝑛𝑑𝑜𝑠
Pregunta 9: Implementar el Registro Universal (IC 74LS194), verificando el funcionamiento: a) Carga paralela b) Desplazamiento derecha. c) Desplazamiento izquierdo. d) Estado memoria
ON
9 8 7 6 5 4 3 2 1
DSW 1(COM5)
DSW1 D1
OFF
DIPSW_9
10 11 12 13 14 15 16 17 18
U1 3 4 5 6 2 7 11 9 10 1
D0 D1 D2 D3
Q0 Q1 Q2 Q3
15 14 13 12
D2
R10 R11 222 R12 222 R13
LED-BIRG D3 LED-BIRG D4
222 222
SR SL CLK S0 S1 MR
LED-BIRG LED-BIRG
S0=0
S1=1
74LS194
R2 R1 R3 R4 R5 R6 R7 R8 R9 222 222 222 222 222 222 222 222 222
(2)
Fig.6: Simulación del funcionamiento del IC 74LS194.
Tabla de trabajo: SR X
SL X
S0 0
S1 0
D0 X
D1 X
D2 X
D3 X
X
0
0
1
X
X
X
X
X
0
1
X
1
X
X
X
0
1
1
1
1
0
0
1
X
X
X
D0
X
X
X
D1
X
X
X
D2
CLOCK X
X
X
X
D3
Donde A,B y C son estados aleatorios (0 o 1).
Q0 Q0n-1 A
Q1 Q1n-1 B
Q2 Q2n-1 C
Q3 Q3n-1 0
B
C
0
0
A
0
0
0
0
0
0
0
A
B
C
1
B
C
1
1
C
1
1
1
1
1
1
1
0
A
B
C
0
0
A
B
0
0
0
A
0
0
0
0
1
A
B
C
1
1
A
B
1
1
1
A
1
1
1
1
D0
D1
D2
D3
Pregunta 10: Analizar el funcionamiento del IC 74LS259, como registro direccionable, compruebe su tabla de verdad y diagrama de tiempo.
SOLUCION:
Estos 8 bits direccionables están diseñados para uso general en aplicaciones de almacenamiento en los sistemas digitales, sus usos incluyen registros de trabajo, registros de sujeción de serie, y active-high decodificadores o de multiplexores. Ellos son dispositivos multifuncionales capaces de almacenar datos de una sola línea en direccionable de ocho Latches, y ser un 1-of-8 decodificador o demultiplexor con salidas activas en alto. se pueden seleccionar cuatro modos de funcionamiento mediante el control las entradas clear y enable como se muestra en la tabla de función. En el modo, los datos direccionable-Latch en el DATAIN el terminal está escrito en el Latch dirigida, la Latch dirigida seguirá la entrada de datos con todos los una que queda en sus estados anteriores. En el modo de memoria, todos los Latch de permanecer en sus estados anteriores y no son afectados por los datos o entradas de direcciones, para eliminar la posibilidad de la introducción de datos erróneos en la Latch, las enable deberían celebrarse HIGH (inactivo), mientras que las líneas de dirección están cambiando. En la 1-de-8 o decodificación modo de demultiplexación, la salida dirigida seguirá el nivel de la entrada D con todas las demás salidas de baja. En el clear modo, todas las salidas son bajos y no afectado por la dirección y entradas de datos.
4
3
5
1
6
2
9
3
74LS08
U9:A
74LS32
U10:A
74LS32
U10:C
74LS08
U9:B
10
8
1
2
2 3 6 7
14 1
2 3 6 7
14 1
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
U8
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
Q0 Q1 Q2 Q3
Q0 Q1 Q2 Q3
12 9 8 11
7 1 2 6 4 5 3
7 1 2 6 4 5 3
U5
12 9 8 11
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
U6
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
QA QB QC QD QE QF QG
QA QB QC QD QE QF QG
120
U15:A(CLK)
R1
120
+5V
13 12 11 10 9 15 14
13 12 11 10 9 15 14
16
1
4
Q
Q
74LS76
14
15
U15:A
5
4
12
6
9
+5V
74LS32
U10:B
HORA 00-23
+5V
K
CLK
J
2 S R 3
K
CLK
J
7 S R 8
6
Q
Q
2 3 6 7
14 1
2 3 6 7
14 1
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
U4
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
U3
74LS76
10
11
U16:B
Q0 Q1 Q2 Q3
Q0 Q1 Q2 Q3
12 9 8 11
12 9 8 11
16
1
4
K
CLK
J
2 S R 3
7 1 2 6 4 5 3
7 1 2 6 4 5 3
74LS76
14
15
U16:A
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
U2
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
U1
Q
Q
QA QB QC QD QE QF QG
QA QB QC QD QE QF QG
13 12 11 10 9 15 14
13 12 11 10 9 15 14
12
6
9
K
+5V
Q
Q
74LS76
10
11
U15:B
MINUTOS 00-59
CLK
J
7 S R 8
R2
U7
+5V
+5V
2 3 6 7
14 1
2 3 6 7
14 1
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
U14
74LS90
R0(1) R0(2) R9(1) R9(2)
CKA CKB
U13
Q0 Q1 Q2 Q3
Q0 Q1 Q2 Q3
12 9 8 11
12 9 8 11
7 1 2 6 4 5 3
7 1 2 6 4 5 3
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
U12
74LS47
A B C D BI/RBO RBI LT
U11
13 12 11 10 9 15 14
13 12 11 10 9 15 14
+5V
SEGUNDOS 00-59
QA QB QC QD QE QF QG
QA QB QC QD QE QF QG
+5V
Pregunta 14: Utilizando ICs. 7490 y circuitería auxiliar, diseñar, implementar y verificar funcionamiento de un reloj digital, que muestre las horas, minutos y segundos en tiempo real (f clk = 1 seg.)de modo que se puede visualizar en display numérico de 7 segmentos; debe considerar señales de INICIO, RESET y programación .
SOLUCION:
Pregunta 16: Utilizando ICs. Configurables, diseñar e implementar un circuito que realice lo siguiente:
C2 0 0 1 1
C1 0 1 0 1
Estados 0, 1, 2, 3, …, 13, 14, 15, 14, 13, …, 3, 2, 1, 0, 1, 2, 3, … 0, 1, 2, 3, …, 13, 14, 15, 0, 1, 2, 3, … 12, 13, 14, 0, 1, 2, 3, …. 0, 1, 2, 3,….., 13, 14, 15, 1, 2, 3, …, 13, 14, 15, 2, 3, 4, ……. 0, 1, 2, 3,….., 13, 14, 15, 14, 13,…..3, 2, 1, 2, 3,.., 13, 14, 13,..
IMPLEMENTACION:
B) 2° PARTE C1 C2 0 1
ESTADOS 0, 1, 2, … 14, 15, 0, 1, 2, … 13, 14, 0, 1, 2, … 12, 13, 0, 1, 2, …
Desarrollo del problema: En este circuito se va a usar dos contadores uno en Up y el otro en Down, también se va a hacer uso de un comparador (74LS85). El CI 7485 es un comparador de 4 bits en este caso va a comparar las 4 salidas del 1er contador Down con las otras 4 salidas del 2do contador Up, cuando se da que los 2 son iguales entonces va a mandar un pulso al load del 2do contador y este va a cargar los datos del 1er contador Down, ya que como A>B siempre se va a cumplir entonces siempre esa salida va a estar en “1” y cuando cambie a A=B va mandar un pulso al 1er contador y este va a disminuir en 1 y así sucesivamente hasta obtener nuestra secuencia deseada. Implementación del problema
A) 3º PARTE: C1 C2 0 1
ESTADOS 0, 1, 2, … 14, 15, 1, 2, … 14, 15, 2, 3, 4, … 14, 15, 3, 4, …
Desarrollo del problema: En este circuito usamos dos contadores (74LS191) en el cual el 2do contador va a contar de 0 a 15, después que llegue a 15 la pata 12(TC) de dicho contador se conecta a la entrada del clock del 1er contador que al estar en modo Up va a contar y a su misma vez mediante compuertas OR y NOT hacemos un circuito tal que cuando llegue a 15 mande un pulso a la pata 11 (LOAD), en este caso el 2do contador se va a comportar como registro y va a salir lo que está en la entrada o sea lo que te bote el 1er contador. Implementación del problema
Pregunta 17: Utilizando el concepto de máquinas de estados, desarrollar el análisis, mapa de estados y diagrama de Flujo para los siguientes Flips Flops. a) b) c) d)
FF-JK (2 Ptos) FF-RS (1 Pto) FF-D (1 Pto) FF-T (1 Pto)
SOLUCIÓN: PARA FF-JK: J 0 0 0 0 1 1 1 1
K 0 0 1 1 0 0 1 1
𝑸𝒏 0 1 0 1 0 1 0 1
𝑸𝒏+𝟏 0 1 0 0 1 1 1 0
J 0 0 1 1
K 𝐐𝐧+𝟏 0 𝑸𝒏 1 0 0 1 1 𝑸𝒏
ESTADOS 00 01 10 11 0 0 0 1 1 1 1 0 1 0
Diagrama de flujo: utilizando la tabla de estados se puede hacer el diagrama.
Entradas: JK=(00, 01, 10, 11) Estados: Qn= (0,1) d: irrelevante= 0, 1 Para FF-RS: R 0 0 0 0 1 1 1 1
S 0 0 1 1 0 0 1 1
𝑸𝒏 0 1 0 1 0 1 0 1
𝑸𝒏+𝟏 0 1 1 1 0 0 X X
R 0 0 1 1
S 𝐐𝐧+𝟏 0 𝑸𝒏 1 1 0 0 1 N.P. ESTADOS 00 01 10 0 0 1 0 1 1 1 0
DIAGRAMA DE FLUJO: Entradas: JK=(00, 01, 10) Estados: Qn= (0,1) d: irrelevante= 0, 1
Para FF-D: Mapa de Estados: D Qn Qn+1 0 0 0 0 1 0 1 0 1 1 1 1
D Almacena 0 Almacena 1
EST. 0 1 0 0 1 1 0 1
Diagrama de flujo: Entrada D= (0, 1) Estado= Qn= (0, 1)
Para FF-T: Mapa de Estado: T Qn Qn+1 0 0 0 0 1 1 1 0 1 1 1 10
MEMORIA
EST. 0 1 0 0 1 1 1 0
ALMACENA
Diagrama de flujo: Entrada T= (0, 1) Estado= Qn= (0, 1)
Pregunta 20: 5. Implementar el circuito de un contador sincrono, descrito por las funciones Lógicas de los Flip Flops; analice su funcionamiento, desarrolle su tabla de estados y su diagrama de tiempos. (Para su implementación. Sugerencia Utilice IC 74LS76). Considere Q4n : MSB Qn : LSB. J4 = (Qn)´ + Q2n K4 = Qn +Q2n +Q3n J3 = (Qn)´ K3 = (Q4n)´ J2 = Qn (Q3n)´ + (Qn)´Q3n Q4n K2 = (Qn)´+ Q3n J1 = (Q2n)´ Q4n K1 = Q2n (Q3n)´+ (Q2n)´(Q4n)´
SOLUCION: D1
R6 330
D2 LED-YELLOW
330
D3 LED-YELLOW
330
D4 LED-YELLOW
R7 330 R9 330
U3:C
LED-YELLOW
9 8 10 7432
R1
R3
R2
330
R4
330
330
330 A
U1:A
U1:B
K
74S112
7
Q
2
S
Q
11
CLK
13
K
74S112
Q
6 12 74S112
J
S
CLK
12
J
Q
R
Q
1
14
15
R
K
6
Q
5
Q
R5
9
B C D
CLK K
14
CLK
2
J
13
3
R
Q
9
15
1
11
S
J
U6:A(CLK)
5
R
3
S
10
4
U6:B
10
4
U6:A
7
74S112
330
U3:D
U4:B
12
5
3 1
U7:A
13
4
2
C1
11
6
U3:A
1 3
7432
U4:C 7408
2
10
8
7432
7432 9
1nF 7408
6
U3:B
U4:A
U7:B
2
5 6
7432
3 1
4 7432
7408
5
5
4
U5:B 6 4
U5:A
7408
U4:D
2 3
13 1
11 12
7408 7408
Tabla de verdad del FF-JK J 0 0 1 1
K Qn+1 0 Qn 1 0 0 1 1 Qn’
Tabla de Excitación Qn Qn+1 J K 0 0 0 X 0 1 1 X 1 0 X 1 1 1 X 0
EST 0 12 7 9 3 10 4 8 13 5
Q4 n 0 1 0 1 0 1 0 1 1 0
Q3n
Q2n
Q1n
J4 K4
J3 K3
J2 K2
J1 K1
0 1 1 0 0 0 1 0 1 1
0 0 1 0 1 1 0 0 0 0
0 0 1 1 1 0 0 0 1 1
10 11 11 01 11 11 11 10 01 01
11 10 01 00 01 10 11 10 00 01
01 11 01 10 10 01 01 01 01 01
01 10 00 10 01 01 01 10 10 01