Señales y Sistemas I 2012 PRUEBA DE EVALUACIÓN CONTINUA (PEC 1) (Corresponde al módulo 2) Ejercicio 1: Determi
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Señales y Sistemas I
2012
PRUEBA DE EVALUACIÓN CONTINUA (PEC 1) (Corresponde al módulo 2) Ejercicio 1: Determine y dibuje la convolución
de las señales 1 2
3
4
a) Gráficamente. Para ello averigüe previamente a la realización de la convolución los instantes iniciales y finales de la señal resultado , y obtenga uno a uno el valor de cada muestra entre esos instantes. Dibuje cuatro situaciones. Y la señal obtenida Solución: La secuencia , empieza en la muestra 0 y se extiende hacia infinito. La respuesta impulsional , empieza en la muestra 3 y termina en la muestra 3. Por tanto la señal obtenida a la salida del sistema empezará en 0 3 3 y se extenderá hasta infinito. Para proceder a la resolución de la convolución gráficamente vamos a dibujar en primer lugar y . 1
x[k]=(1/2)k
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
k
h[n-k]
n-3
Representamos el avance de dibujamos el caso particular
n+3
3
sobre 1
k
para valores de n menores de 0,
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Dibujado para n+3=-1
n-3
n+3
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
Observamos no hay solape, por tanto la señal aún no ha llegado al sistema. Por tanto: Primera zona: Para 3 1, 4, la salida es cero 0 Segunda zona: A partir de 3 0, 3, ya hay producto entre y , producto que empieza en 0 y llegará hasta 3, veámoslo gráficamente, dibujemos el caso para 3 2, por tanto para evaluar la muestra 1, 1 . Dibujado para n+3=2->n=-1
-8
-7
-6
n-3
-4
-3
-2
-1
0
n+3
2
3
4
5
6
7
8
9
k
Por tanto, en esta zona se cumple 1
1 2
1 2
1 1
1 2
1 2
2 1
1 2
Pero este sumatorio es válido, mientras el producto comience en 0, fijaros que si la señal de color rojo sigue avanzando, aumenta, y llega a que 3 1, 4, el producto ya no empieza en cero, por tanto: 1 3 3 2 1 2 Tercera zona Dibujemos el caso 3 7, 4 En este caso se observa hay producto común sólo entre 3 y 3, por tanto la expresión para evaluar la convolución vendrá dada por:
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1
1 2
1 2
1
1 2 1 2
1 2
2
1 2
5
6
1 2
Dibujado para n+3=7->n=4
-6
-5
-4
-3
-2
-1
0
n-3
2
3
4
n+3
8
9
Y cómo se extiende hasta infinito y tal como se observa gráficamente los límites del sumatorio ya no varían a pesar del avance de sobre En definitiva: 0 4 1 2 1 3 3 2 2
1 2
1 2
4
b) Determine la salida del sistema para la entrada 1 1 . A partir del resultado obtenido en a). Debido a que los sistemas con respuesta impulsional, son sistemas lineales e invariantes se cumplirá que, 1 1 Por tanto: 0 1 4 1 3 1 3 2 1 2 1 1 1 2 1 4 2 2
2 1 2
1 2
0 1 2
5 4 1 2
2 3
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0 1 2
2 1 1
2 1 2
0 1 2
2
1 2
2 1
0 1 2
1 2 1 2
1 2 2
4
2 1
1 2
1 2
3
2 1 2
2
3
1 2
1 2
2 1 2
5
2 1
Con lo que simplificando
4
4
1 2
1 2 2
2
3
5
2 1
2
1 1
1 2
1 2
4
3
Con lo que:
3 1 2
1 2
2
1
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4 5
0 1 2
5 4 1 2 2 1 1 2
3
2 1 2
2
3
4 5
Señales y Sistemas I Ejercicio 2: Un sistema LTI de tiempo continuo tiene la entrada mostrados en la figura. Sea ∗
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y la respuesta impulsional
x(t)
2
1
0
1
2
3
4
t
h(t) 3
2
1
0
1
2
3
4
t
Sin resolver la convolución determine a) Punto inicial de la señal de salida del sistema a la entrada . Sumamos los instantes iniciales: , se inicia en . b) Punto final de la señal de salida del sistema a la entrada . Sumamos los instantes finales: , finalizará en . c) Duración de la señal de salida del sistema a la entrada Para el caso de tiempo continuo, sabemos que la duración de la convolución es igual a la suma de la duración de las señales que intervienen. ó 3 ó 2 ó 3 2 5 Podemos ver que coincide con el valor obtenido al restar el valor obtenido en b) menos el valor obtenido en a) d) Valor máximo de amplitud de la señal de salida del sistema a la entrada . El valor máximo corresponde a la zona donde el área del producto de las dos señales es máximo, por tanto se producirá en este caso cuando el solapamiento es el máximo. Este se produce cuando ) está entre 0 y 3. Por tanto cojamos entre 0 y 2 (el ancho de es 2), en ese caso el área del producto es 6. Por tanto el valor máximo es 6. Obtenga la señal de salida del sistema a la entrada , usando la integral de convolución.
Señales y Sistemas I Si representamos irá de 4 Zona 1: Para 2 0→
, tenemos que al desplazar 2
irá de 2
a 4
2012 y al invertir
2 0
Zona 2: Para 2 0→ De esta forma
2 3 2 2
Pero el límite superior varía cuando 3 En consecuencia
6
1→
6
2 3. Con lo que sólo es válido para
2 2
3
Zona 3: En esta zona 4 aún es menor que 0, 4 0→ 4, y 2 1, → 3 y además 2 deberá ser menor o igual que 2, 2 2, 4. Lo que implica al comparar todas las desigualdades y quedándonos con el caso pero, que la zona 3, abarca 3 4 3 2
6
Zona 4: Implica que 4 0→ 4 y además debe ser menor que 1, 4 1→ 5 Por otro lado 2 2→ 4, pero 2 3→ 5. Volvemos a obtener unos intervalos que nos indican que 4 5 Y en este caso 3 2
3 2
6 1
4
6
2
2
6
Zona 5: Implica 4 1→ 5 pero 4 2, → 6. Por otro lado ello ya se observa 2 es superior a 3, y por tanto ya empieza a salirse. Ya no debemos tenerla en cuenta En este caso 3 2 Zona 6 4 2→
6 y además
4 3 2
3→ 6 3
6
7 4
6 7
Señales y Sistemas I
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Y ya hemos terminado, pues hemos llegado al punto final de la señal convolución, tal como habíamos obtenido en el apartado b). Con lo que: 6 2 2 3 6 3 6 6 7 6 7 0 Ejercicio 3: Considere el sistema LTI de la figura. a) Exprese la respuesta impulsional del sistema en función de la respuesta impulsional de los subsistemas. Tenemos, siguiendo el camino desde la entrada a la salida. ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ ∗ (Hemos aplicado la propiedad distributiva de la operación convolución). Por último
∗ ∗
∗
∗
∗
∗
∗
∗
∗
∗ ∗
Con lo que la respuesta impulsional equivalente del conjunto en función de los subsistemas es: ∗ 2 ∗ 3 ∗ 4 ∗ 4 1 1 5 b) Para 5
,
Encuentre la respuesta impulsional total del sistema. +
2
+
Señales y Sistemas I A partir del resultado obtenido en a). Tenemos: ∗ ∗5 ∗2 Que nos quedará ∗
10
∗2
∗
2
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∗
∗ 12 ∗ Por tanto hemos de realizar dos convoluciones En primer lugar ∗ . Resuelvo matemáticamente Hemos de resolver
Sabemos
1 0
0 0
Por tanto:
1 0
Por otro lado
0→ 0→
Es decir, que vale cero para valores de menores que, por tanto la integral sólo llegará hasta , quedando Además como 0 y , (para que los dos escalones valgan uno), implica que 0. Por tanto la convolución es: . Resolviendo matemáticamente La segunda convolución a resolver es ∗ Teniendo en cuenta que:
1 0
0 0
Tendremos: Y sabiendo que: Entonces, para
1 0
0→ 0→
0 se verifica que: 1
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Por tanto la respuesta impulsional del conjunto vendrá dad por: 12 1 12 Ejercicio 4: Un sistema LTI de tiempo continuo con respuesta impulsional. 1 a) Determine si es causal La repuesta es no causal, ya que existe para negativos debido a la función , que se extiende desde – ∞ . b) Determine si es estable. Para determinar si es estable, y teniendo en cuenta estamos en tiempo continuo, hemos de verificar si la integral del módulo de la respuesta impulsional converge. 1 1 | | 1 0 Por tanto converge y es ESTABLE. Un sistema LTI de tiempo discreto con respuesta impulsional. 1 a) Determine si es causal No es causal, ya que la respuesta impulsional toma valores para muestras negativas. En este caso a partir de la muestra debido al término . b) Determine si es estable. Para determinar si es estable, y teniendo en cuenta estamos en tiempo discreto, hemos de verificar si la suma del módulo de la respuesta impulsional converge. | Por tanto no converge y es NO ESTABLE.
1|
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