UNIVERSIDAD NACIONAL HERMILIO VALDIZAN FACULTAD DE INGENIERIA CIVIL Y ARQUITECTURA TEMA: SOLUCIONARIO DEL EXAMEN PARCI
Views 69 Downloads 20 File size 2MB
UNIVERSIDAD NACIONAL HERMILIO VALDIZAN
FACULTAD DE INGENIERIA CIVIL Y ARQUITECTURA
TEMA: SOLUCIONARIO DEL EXAMEN PARCIAL CURSO: ANÁLISIS ESTRUCTURAL I DOCENTE: ING. DOMINGUEZ MAGINO, MAURO ANTONIO ALUMNO: CARNERO SORIA, Aldo Luis
EXAMEN PARCIAL
PROBLEMA Nº 01
Para los sistemas mostrados se desea determinar
Solución: PASAMOS LOS DATOS A TONELADAS Y METROS Definimos las características principales de nuestro material. E = 2.2 × 106 tn /𝑚2 Asumimos las siguientes dimensiones para nuestra viga. A = 0.15 𝑚2 I=
0.30×0.503 12
=3.125× 10−3 𝑚4
Tenemos los datos suficientes para calcular AD ,
PASO 1.PASO 01
D1
D2
D3
D4
A
B
C
D
8m
5m
7m
10m
1.5
PASO 2.Para la figura A Y B no hay cargas . AD =
0 0 0 0
Sabemos que AD = ADS + 𝐾 D Ahora calcularemos ADS : ADS = ADL + ADR + ADT + ADP
PASO 3.*Cálculo de {𝐴DL}, se dará por la deformación de cargas siguientes. 1.- Para la FIG. (A), empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido al momento de 8 ton – m.
2.- Para la FIG. (B) empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido a la carga de 10 ton.
**Cálculo de {ADR }, esto se dará por los asentamientos. 1.- Para la FIG (A), empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido al asentamiento en B Y C de 1 cm.
Por Slope deflexión (en toneladas y metros). 0.30×0.503 I= =3.125× 12 E = 2.2 × 106 tn /𝑚2
10−3 𝑚4
𝐴 𝐷𝑅1
𝐴DR =
𝐴 𝐷𝑅2 𝐴 𝐷𝑅3 𝐴 𝐷𝑅4
=
−6.445 12.891 12.891 −6.445
2.- Para la FIG (B), empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido al asentamiento en B Y C de 1.5 cm.
ICD= I, E, ΔAB = 0.015m 𝐴 𝐷𝑅4 = -
6EI ΔDC L2
6(2.2 × 106 )(3.125× 10−3 ) (0.015) = = (8)2
𝐴DR
𝐴 𝐷𝑅1 𝐴 𝐷𝑅2 = = 𝐴 𝐷𝑅3 𝐴 𝐷𝑅4
-9.668
−9.668 19.336 19.336 −9.668
***Cálculo de {ADT }, esto se dará por los cambios de temperatura. 1.- Para la FIG (A), empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido al cambio de temperatura.
A
B
D
C
ADT1
ADT4
T3° T2°
T1° T2° ADT2
8m
ADT3
5m
7m 1.5
a = 𝟏𝟎−𝟓/°C, d= L/10 𝑻𝟏 °= 20 °C 𝑻𝟐 °= 50 °C 𝑻𝟑 °= 70 °C
10m
2.- Para la FIG (B), empotrando cada tramo de la viga y calculando la deformación debido al cambio de temperatura. A
B
D
C
ADT4
ADT1
T1° T3°
T2° T3° ADT2
8m
ADT3
5m
7m 1.5
10m
PASO 4.Cálculo de K se aplicará un desplazamiento unitario en los grados de libertad. Para ambos casos será el mismo.
Para D1= 1, Di≠1 = 0
IAB =I
,
E
S11 =
4 2.2 × 106 3.125× 10−3 ×1 4EIѲ = = L 8
S21 =
2EIѲ L
=
2 2.2 × 106 3.125× 10−3 ×1
S_31= 0 S_41= 0
Para D2= 1, Di≠2 = 0
8
3437.5
= 1718.75
Para D3= 1, 𝐷i≠3 = 0
Para D4= 1, 𝐷i≠4 = 0
Armamos la matriz de rigidez. 𝐾 = 3437.5 1718.75 0 0 1718.75 6875 1718.75 0 0 1718.75 6187.5 1375 0 0 1375 2750
PASO 5.Cálculo de D se aplicara un desplazamiento unitario en los grados de libertad. Para ambos casos será el mismo. Sabemos que AD = ADS + 𝐾 D =,𝐾-−1 (*𝐴𝐷 +- 𝐴𝐷𝑆 )
- Para la FIG (A),
D
.- Para la FIG (B),
PASO 6.Fuerzas en la barras. Cálculo de ,AM -se aplicará un desplazamiento unitario en todos los grados de libertad para cada una de las barras.
1.- Para la FIG (A) TRAMO AB IAB = I D1 =1
m1
A
m2
1
D2 =1
4EI L
2EI L
2EI L
4EI L
A
B
A
B
B D3 =1
8m
D4 =1
0
0
0
0
A
B
A
B
AM = AML + AMD D
0 m1 = + 0 m2
4𝐸𝐼 𝐿 2𝐸𝐼 𝐿
2𝐸𝐼 𝐿 4𝐸𝐼 𝐿
0 0 0 0
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
0 m1 3437.5 1718.75 0 = + 0 m2 1718.75 3437.5 0 0 ton − m m1 = 1.911 ton − m m2
0 0
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
2.- Para la FIG (B); (En este caso no cambia la figura) TRAMO AB IAB = I m1 0 3437.5 = + m2 0 1718.75
1718.75 3437.5
0 0
0 0
4.326 × 10−3 −0.528 × 10−3 −6.063 × 10−3 6.047 × 10−3
m1 0 ton − m = m2 −5.620 ton − m
1.- Para la FIG (A) TRAMO BC IBC = 1.5 I
D1 =1
m3
8 ton-m
m4
B
D2 =1
0
0
4EI L
2EI L
B
C
B
C
C D3 =1
5m
7m 1.5
D4 =1
2EI L
4EI L
0
0
B
C
B
C
AM = AML + AMD
D
−1.167 AML1 = −2.5 AML2 AM = AML + AMD D 0
−1.167 m3 = + −2.5 m4 0
−1.167 m3 0 = + −2.5 m4 0
4𝐸(1.5𝐼) 𝐿 2𝐸(1.5𝐼) 𝐿
2𝐸(1.5𝐼) 𝐿 4𝐸(1.5𝐼) 𝐿
3437.5 1718.75 0 1718.75 3437.5 0
0 0
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
−1.911ton − m m3 = 10.145 ton − m m4
2.- Para la FIG (B) TRAMO BC IBC = 1.5
I
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
D1 =1
10 ton
m3
m4
B
D2 =1
0
0
4EI L
2EI L
B
C
B
C
C D3 =1
5m
7m 1.5
AM = AML + AMD
D4 =1
2EI L
4EI L
0
0
B
C
B
C
D
−17.014 AML1 = 12,153 AML2 AM = AML + AMD D 0 −17.014 m3 = + 12.153 m4 0
4𝐸(1.5𝐼) 𝐿 2𝐸(1.5𝐼) 𝐿
m3 −17.014 0 = + m4 12.153 0
2𝐸(1.5𝐼) 𝐿 4𝐸(1.5𝐼) 𝐿
0 0
3437.5 1718.75
4.326 × 10−3 −0.528 × 10−3 −6.063 × 10−3 6.047 × 10−3
4.326 × 10−3 −0.528 × 10−3 −6.063 × 10−3 6.047 × 10−3
1718.75 3734.5
0 0
m3 −17.014 −12.236 ton − m = + m4 12.153 −23.550 ton − m
m3 −5.62 = m4 11.397
1.- Para la FIG (A) TRAMO CD ICD = I
D1 =1
m5
m6
C
D
D2 =1
0
0
0
0
B
C
B
C
D3 =1
10m
D4 =1
4EI L
2EI L
2EI L
4EI L
B
C
B
C
AM = AML + AMD 0 0 0 m5 = + 0 m6 0 0
0 m5 0 = + 0 m6 0
D
4𝐸𝐼
2𝐸𝐼
𝐿 2𝐸𝐼
𝐿 4𝐸𝐼
𝐿
𝐿
0 2750 0 1375
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
1375 2750
2.204 × 10−3 −1.658 × 10−3 −1.395 × 10−3 2.291 × 10−3
m5 −10.15 ton − m = m6 0 ton − m
2.- Para la FIG (B). (No cambia el gráfico) TRAMO CD ICD = I
0 m5 0 = + 0 m6 0
0 2750 0 1375
−11.40ton − m m5 = 0 ton − m m6
1375 2750
4.326 × 10−3 −0.528 × 10−3 −6.063 × 10−3 6.047 × 10−3
PASO 7.Dibujamos el momento flector.
DMF
B' A 1.- DMF para la FIG (A). m1 = m2 0ton − m 1.911 ton − m m3 = m4 −1.911ton − m 10.15 ton − m m5 = m6 −10.15 ton − m 0 ton − m
T3° T2°
1.0 cm B
8 ton-m
C
T1° T2°
D
1.0 cm C' FIG (A) 8m
5m
1.5
10m
7m
10.15 4.67 1.91 0
0 3.33
PASO 7.Dibujamos el momento flector.
DMF
10 ton A
B
T1° T3°
C
1.5 cm B'
T2° T3°
D
1.5 cm C'
FIG (B)
2.- DMF para la FIG (B)
8m
5m
1.5
m1 = m2 0 ton − m 5.620 ton − m
7m
11.40
5.62
m3 −5.62 = m4 11.40 m5 = m6 −11.40 ton − m 0 ton − m
0
0
29.16