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MATEMÁTICA V Victor Daniel Rojas Cerna Profesor principal área de matematicas FIEE
Índice general 1. Límites y derivadas 1.1.
1.2.
1.3.
3
Deniciones . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
5
1.1.1.
Conjugada de Z . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
5
1.1.2.
Parte real e imaginaria . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
5
1.1.3.
Módulo
6
1.1.4.
Argumento
1.1.5.
Potenciación
1.1.6.
Radicación
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
6
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
7
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
8
Polinomios . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
10
1.2.1.
Propiedades . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
10
1.2.2.
Ejercicios
11
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
Conceptos topológicos del plano complejo
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
12
1.3.1.
Distancia
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
12
1.3.2.
Disco abierto (Vecindad) . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
13
1.3.3.
Disco cerrado . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
13
1.3.4.
Punto de acumulación
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
13
1.3.5.
Punto interior . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
14
1.3.6.
Punto exterior
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
14
1.3.7.
Punto forntera
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
14
1.3.8.
Conjunto abierto . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
15
1.3.9.
Conjunto cerrado . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
15
1.3.10. Conjunto acotado . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
15
1.3.11. Conjunto compacto . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
15
1.3.12. Cubrimientos . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
16
1.3.13. Teorema de Heine-Borel
16
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
1.3.14. Teorema de Bolzano-Weierstrass
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
16
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
16
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
16
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
23
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
25
Denición: . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
26
1.3.15. Diametro 1.4.
Ejercicios 1
1.5.
Funciones
1.6.
Límites 1.6.1.
1
ÍNDICE GENERAL
1.7.
1.8.
2
1.6.2.
Proposición 1 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
26
1.6.3.
Proposición 2 . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
26
1.6.4.
Ejemplos
27
1.6.5.
Explicación del simbolo
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
∞
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
29
Derivación . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
30
1.7.1.
Condición necesaria:
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
30
1.7.2.
Condición necesaria y suciente . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
32
1.7.3.
Función analítica . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
33
1.7.4.
Funciones armónicas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
36
1.7.4.1.
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
37
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
40
Aplicaciones
Problemas propuestos
en
C.
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Capítulo 1
Límites y derivadas Preliminares: Para poder estudiar funciones de valor y variable compleja, es necesario traer a la memoria algunos conceptos básicos acerca del conjunto
C
de los números complejos es decir de:
C = {(a, b)/a, b ∈ R} De igual manera:
Cn = {(z1 , z2 , ..., zk , ..., zn )/zi ∈ C; i = 1, 2, ..., k, ..., n} A cada elemento de
C denotado z, w, ... se les llaman números complejos. En C se hallan denidas
dos operaciones internas, además de la igualdad en
C.
Igualdad: (a, b) = (c, d) =⇒ a = c ∧ b = d Suma:
(a, b) + (c, d) = (a + c, b + d)
Producto: (a, b)(c, d) = (ac − bd, ad + bc) División:
(a, b)(c, −d) (a, b) = = (c, d) (c, d)(c, −d)
ac + bd −ad + bc , c2 + d2 c2 + d2
/(c, d) 6= (0, 0)
En estas operaciones tenemos:
(0, 0)
: Elemento neutro aditivo de
(1, 0)
: Elemento neutro multiplicador de
C C
Es decir:
(a, b) + (0, 0) = (a, b) (a, b)(1, 0) = (a, b)
3
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
4
Proposición: Existe una función inyectiva entre
R
y el eje real dada por:
x −→ (x, 0)
ψ: Se ha comprobado que
ψ
es una función biyectiva y que además satisface para todo
x, y
en
R:
C
se le
ψ(x + y) = ψ(x) + ψ(y) ψ(x + y) = (x, 0) + (y, 0) = ψ(x) + ψ(y) Esto permite identicar
Es decir que
a = (a, 0),
R
con el eje real.
1
así tenemos
(0, 1)(0, 1) = (−1, 0) = −1 Denotemos la unidad imaginaria
”i”
como:
i = (0, 1) Donde llama
i2 = −1,
es por eso que incorrectamente se expresa
número complejo
i=
√
−1.
A todo elemento de
y generalmente se le denota:
z1 , z2 , ... Consecuencia de esto:
z = (a, b) ∈ C =⇒ z = (a, 0) + (0, b) = (a, 0) + (b, 0)(0, 1) =⇒z = a + bi.
Esto nos permite escribir:
C = {a + bi/a, b ∈ R} 1
Eje real:
(x, 0)/x ∈ R
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
5
1.1. Deniciones 1.1.1. Conjugada de Z Si:
z = a + bi
, denimos la conjugada de
z
como
z¯ = a − bi Interpretación:
Propiedades: 1.
z + w = z¯ + w ¯
2.
(z.w) = z¯.w ¯ z z¯ = , W 6= 0 w w ¯
3.
1.1.2. Parte real e imaginaria Si:
z = a + bi,
denimos:
. < 0, 1 >
entonces, la frontera
(∂A)
son los lados.
1.3.8. Conjunto abierto Si
A ⊂ C, A
es abierto si y solo si todo punto de
A
es punto interior de
A.
1.3.9. Conjunto cerrado Si
A ⊂ C, A
es cerrado si y solo si el complemento de
A (C − A)
es abierto.
Propiedades 1.
La reunión de toda familia de conjuntos abiertos es abierto.
2.
La intersección de una familia nita de conjuntos abiertos es abierto
3.
La intersección de toda familia de cerrados es cerrado
4.
La unión nita de conjuntos cerrados es cerrado
1.3.10. Conjunto acotado Si
A ⊂ C,
se dice que
A
es un conjunto acotado si
∃ M > 0/|z| ≤ M ∀z ∈ A
1.3.11. Conjunto compacto Si
A ⊂ C,
diremos que es compacto si es cerrado y acotado
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
16
1.3.12. Cubrimientos La familia
α ∈ I.
(Aα )α∈I
se dice que es un cubrimiento de
I = {1, 2}
,se tiene:
si todo
A⊂ Aα , entonces (Aα )α∈I F α∈I A⊂ Aα = A1 ∪ A2
En términos más simples, si
Así con
A
F
z ∈ A
está en algún
es un cubrimiento de
Aα
para
A.
α∈I De igual manera
(Aα )α∈I
donde
I = {1, 2, 3}, es un cubrimiento de A conforme podemos apreciar
en la gura:
1.3.13. Teorema de Heine-Borel Si
A ⊂ C
z1 , z2 , z3 , ..., zn
compacto y tales que
V (z)z∈A
una familia de discos con centro en
V (z1 ), V (z2 ), ..., V (zn )
cubran al conjunto
z ∈ A
entonces existen
A.
1.3.14. Teorema de Bolzano-Weierstrass Todo
A⊂C
innito y acotado posee un punto de acumulación.
1.3.15. Diametro Si
A⊂C
y
A 6= ∅
el diametro de
A
denotado
∂(A)
se dene por:
∂(A) = supremo{|z − m| /z, m ∈ A}
Ejemplo Sea
A el conjunto de puntos interiores de la elipse de centro cualquier punto con
a = 5 y b = 4 , entonces ∂(A) = 10.
1.4. Ejercicios 1 1 p { x + |z| + 2
Ejercicio.(1) Si z = x + iy , comprobar que las raices cuadradas de z son: w = ± √ p iSen(y) −x + |z|}, donde x ∈ R+ .
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
17
Solución:
2 Veamos que w = z : p p w2 = 12 [ x + |z| + iSen(y) −x + |z|]2 p w2 =12 [x + |z| + 2iSen(y) −x + |z| − 2Sen2 (y)(−x + |z|] 1 (x + |x|), y = 0 2 w = 12 (x + |z| + 2iy + x − |z|), y > 0 entonces: 1 (x + |z| + 2iy + x − |z|), y < 0 2 1 (x + |x|), y = 0 , de donde: w= 2 z, y 6= 0
, esto es:
w2 = z
Ejercicio.(2) Solución:
Hallar y gracar el lugar geométrico dado por: z + Sea:
z = x + iy
donde
z 6= 0
1 ≤2 z
(esto es indiscutible), luego:
2 z + 1 ≤ 2 |z| 2 x − y 2 + 2ixy + 1 ≤ 2 |x + iy| (x2 − y 2 + 1)2 + 4x2 y 2 ≤ 4(x2 + y 2 ) (x2 + y 2 − 1)2 − 4y 2 ≤ 0 (x2 + y 2 − 1 − 2y)(x2 + y 2 − 1 + 2y) ≤ 0 Identicamos las fronteras de nuestro lugar geométrico:
(x2 + y 2 − 1 − 2y) = 0 =⇒ x2 + (y − 1)2 = 2 (x2 + y 2 − 1 + 2y) = 0 =⇒ x2 + (y + 1)2 = 2 El gráco es el siguiente:
Ejercicio.(3) Identicar y gracar el lugar geométrico dado por: (3 − |z − i| − |z − 2i|)(3 − |z|) ≤ 0.
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
Solución:
18
Gracando las fronteras:
3 − |z − i| − |z − 2i| = 0 =⇒ |z − i| − |z − 2i| = 3 elipse de focos
(0, 1)
y
(0, 2)
con
a=
3 . 2 3 − |z| = 0 =⇒ |z| = 3
circunferencia de radio
3
con centro en el origen. El gráco:
z + 1 = c representa una circunferencia si c > 0 y Ejercicio.(4) Demostrar que la ecuación: z − 1 c 6= 1.
Solución:
En tanto
z 6= 1
tenemos:
|z + 1| = c |z − 1|
, así si
z = x + iy
tendremos que
|x + 1 + iy| = c |x − 1 + iy| (x + 1)2 + y 2 = c2 [(x − 1)2 + y 2 ] x2 + 2x + 1 + y 2 − c2 x2 + 2c2 x − c2 − c2 y 2 = 0 (1 − c2 )x2 + (2 + 2c2 )x + (1 − c2 )y 2 = c2 − 1 2 2 1 + c2 c2 − 1 1 + c2 2 x+ +y = + 1 − c2 1 − c2 1 − c2 2 4c2 1 + c2 2 x+ + y = 1 − c2 (1 − c2 )2 Es una circunferencia siempre que
c 6= 1.
Ejercicio.(5) Vericar las siguientes expresiones: 1.
2.
3.
Pn
k=0 z
k
=
1 − z n+1 1−z
Pn
k=0 Cos(kθ)
Pn
k=0 Sen(kθ)
,
z 6= 0, 1
=
Sen 2θ + Sen(n + 12 )θ
=
Cos 2θ − Cos(n + 12 )θ
2Sen 2θ 2Sen 2θ
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
19
Solución: 1.
Hacemos uso del principio de inducción matemática:
(i) Si
Pn
n = 1,
k=0 z
k
se cumple (1):
= z0 + z1 = 1 + z
y
1 − z 1+1 (1 − z)(1 + z) = =1+z 1−z 1−z (ii) Suponemos que comple para
, pues
n = h,
es decir:
Probemos que la igualdad se cumple para
h+1 X k=0 h+1 X k=0 h+1 X
zk = (
Ph
k k=0 z =
n = h + 1:
h X
1 − z h+1 + z h+1 1−z
zk =
1 − z h+1 + z h+1 − z h+2 1−z
zk =
1 − z (h+1)+1 1−z
Luego, por el primer principio de inducción matemática
Apelamos a la parte (1) haciendo
n X (eiθ )k = k=0 n X
(hipótesis inductiva)
z k ) + z h+1
zk =
k=0
2.
1 − z h+1 1−z
k=0
k=0 h+1 X
z 6= 0.
(Coskθ + iSenkθ) =
k=0
z = eiθ ,
queda demostrada dicha propiedad.
entonces:
1 − (eiθ )n+1 1 − eiθ 1 − (eiθ )n+1 iθ
iθ
iθ
e 2 (e− 2 − e 2 ) iθ
= n X
(Coskθ + iSenkθ) =
i(e− 2 − ei(n+1/2)θ ) 2Sen 2θ Sen 2θ + Sen(n + 21 )θ + i Cos 2θ − Cos(n + 12 )θ
2Sen 2θ
k=0
Luego, tomando las partes real e imaginaria obtenemos las igualdades (2) y (3) solicitadas.
Ejercicio.(6) Demostrar que: 1.
Cos(nθ) =
Pn
2.
Sen(nθ) =
Pn
k/2 Cos−k θ.Senk θ , para k=0 (−1)
k : par
(k−1)/2 Cosn−k θ.Senk θ , para k=0 (−1)
k : impar
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
Solución:
20
(1) y (2):
Recordando la fórmula de Moivre:
(Cosθ + iSenθ)n = Cos(nθ) + iSen(nθ) Usando el teorema del binomio: Además:
(i)2k = (−1)k
n
(Cosθ + iSenθ) =
Pn
k=0
n
(−1)(k−1)/2
!
k
Cosn−k θ.(i)k Senk θ
, entonces:
Cos(nθ) + iSen(nθ) =
n X
(−1)k/2 Cos−k θ.Senk θ + i.
|k=0
n X
(−1)(k−1)/2 Cosn−k θ.Senk
k=0
{z
}
k:P ar
{z
|
}
k:Impar
Luego tomando partes reales e imaginarias a ambos miembros obtenemos las identidades solicitadas.
Ejercicio.(7) Resolver el siguiente sistema usando varaiable compleja: x = x(t), y = y(t) x0 = x2 − y 2 y 0 = 2xy
Solución:
Completando y simplicando el sistema:
x0 + iy 0 = x2 − y 2 + i2xy
,
entonces:
z 0 (t) = z 2 (t) 1 = t + k1 + ik2 z(t) −1 x + iy = (t + k1 ) + ik2 − ((t + k1 ) + ik2 ) x + iy = (t + k1 )2 + ik22
Ejercicio.(8) Dado:
A ∈ C , denimos: −A = {−z/z ∈ A}. Demostrar que si A es abierto −A
también es abierto.
Solución: Como
Sea
w ∈ −A
, veamos que existe una vecindad de centro
w ∈ −A ∃a ∈ A / w = −a
. Probaremos que
w
contenida en
−A.
V (w, r) ⊂ −A.
z ∈ V (w, r) =⇒ |z − w| < r |−w − (−z)| < r |a − (−z)| < r Entonces:
−z ∈ V (a, r) =⇒ −z < r =⇒ −(−z) ∈ −A
. Luego,
−A es abierto.
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
21
Ejercicio.(9) Analogamente al ejercicio anterior demostrar que si A es abierto A es abierto, donde: A = {z/z ∈ A}.
Ejercicio.(10) Si
p ∈ C, denimos: p + A = {p + a/a ∈ A}. Probar que si A es abierto p + A es
abierto. (Sugerencia: Sea y ∈ p + A =⇒ ∃a ∈ A/y = p + a, y como a ∈ A =⇒ ∃r > 0/V (a, r) ⊂ A )
Solución: w ∈ V (y, r)
Veamos que
V (y, r) ⊂ p + A
, lo cual signicaría que es un punto interior de
p + A.
entonces:
|w − y| < r |w − (p + a)| < r |(w − p) − a| < r Entonces de donde:
w − p ∈ V (a, r) ⊂ A =⇒ w − p ∈ A =⇒ ∃a1 ∈ A/w − p = a1 =⇒ w = p + a1 , a1 ∈ A
,
w ∈p+a
Ejercicio.(11) Si A, B ⊂ C son abiertos demostrar que A + B es abierto. Solución:
Sea
y ∈A+B
y
, veamos que
es un punto interior de
A + B.
∃a ∈ A, b ∈ B/y = a + b , ∃r1 , r2 > 0/V (a, r1 ) ⊂ A, V (b, r2 ) ⊂ B . Sea
r = min{r1 , r2 },
ahora veamos que
V (y, r) ⊂ A + B .
Como
w ∈ V (y, r)
, entonces:
|w − y| < r |w − a − b| < r |(w − a) − b| < r2 w − a ∈ V (b, r2 ) ⊂ B
Entonces
=⇒V (y, r) ⊂ A + B así :
por lo tanto
y
, luego
∃b1 ∈ B/w − a = b1 =⇒ w = a + b1 =⇒ w ∈ A + B
es punto interior de
A+B
osea
(A + B)o = A + B
(notación);
A + B es abierto.
Ejercicio.(12) Sea A ⊂ C/A es abierto, B = {1 + i − z/z ∈ A}. Ver si B es abierto. Solución: Sea
Como
A
es abierto todos sus puntos son interiores.
p ∈ B =⇒ ∃ a ∈ A/p = 1 + i − a,
V (p, r) ⊂ B ,
sea
w ∈ V (p, r)
y como
A
es abierto
∃ r > 0/V (a, r) ⊂ A.
Veamos que
entonces:
|p − w| < r |1 + i − a − w| < r |(1 + i − w) − a| < r Entonces
(1 + i − w) ∈ A
por lo tanto :
V (p, r) ⊂ B
, si tomamos un
asi
a1 ∈ A / 1 + i − w = a1 =⇒ w = 1 + i − a1 =⇒w ∈ B
B es abierto. Victor D. Rojas Cerna - FIEE-UNI
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
22
Ejercicio.(13) Si A = {z ∈ C/ |z| − |z − i| ≥ 2
arg(z) ∈ [0; 2π]}. Ver si A es cerrado.
∧
Ejercicio.(14) Gracar, determinar las fronteras y analizar si son abiertos o cerrados los siguientes conjuntos: 1.
π A = {2z + z/arg(z) ∈ [0; ]} 2
2.
B = {z − 2z/arg(z) ∈ [0; 2π]}
3.
C = {z 2 /arg(z) ∈ [π; 2π]}
4.
D = {(|z|)−1 z/z 6= 0}
Ejercicio.(15) Si A = {z ∈ C/0
siempre tendrá elementos
es un punto frontera (no es exterior ni interior) y como
z
es
arbitrario:
∂A = C
Ejercicio.(16) Si tenemos: B = {z+|z| / 0 ∃δ = δ(ε, z0 ) > 0/z ∈ Vδ '(z0 ) ∩ Df =⇒ f (z) ∈ Vδ (L)
z→z0
Denición: Una función
f : E −→ C, E ⊂ C
se dice que es acotada si
∃M > 0/ |f (z)| ≤ M ∀z ∈ E .
1.6.2. Proposición 1 Si 1. 2.
z0 ∈ E1 ∩ E2 , f : E1 −→ C, g : E1 −→ C , E1 , E2 ⊂ C
∃ lim f (z) ∧ lim g(z)
y
z→z0
z→z0
, entonces:
lim (f + g)(z) = lim f (z) + lim g(z)
z→z0
z→z0
z→z0
lim (f.g)(z) = lim f (z). lim g(z)
z→z0
3. Si
z→z0
z→z0
lim f (z) f z→z0 lim g(z) 6==⇒ lim (z) = z→z0 z→z0 g lim g(z) z→z0
Cuestión previa:
Si:
f : E −→ C, E ⊂ C
, sea
f (x + iy) = µ(x, y) + iν(x, y)
z = x + iy
donde:
entonces la función
µ, ν : E −→
C2 ,
E⊂
f
se puede expresar como
f (z) =
C2 .
1.6.3. Proposición 2 Si
z0 ∈ E , f : E −→ C,
entonces:
∃ l´ım f (z) ⇐⇒ ∃ z−→z0
l´ım (x,y)→(x0 ,y0 )
µ(x, y) ∧ ∃
l´ım
ν(x, y)
(x,y)→(x0 ,y0 )
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
Donde
z0 = x0 + iy0
27
, además en caso armativo:
l´ım f (z) =
z−→z0
l´ım
µ(x, y) + i
(x,y)→(x0 ,y0 )
l´ım
ν(x, y)
(x,y)→(x0 ,y0 )
Ejemplo Analicemos el caso siguiente y apliquemos lo descrito anteriormente. Sea f (z) = z y z0 = 0.
Solución:
Df = C
f (z) = f (x + iy) = (x + iy) = x − iy z0 = 0 + i0 =⇒ x0 = 0 ∧ y0 = 0,
, entonces:
luego:
µ(x, y) = 0 ∧
l´ım
µ(x, y) = x ∧ ν(x, y) = −y
(x,y)→(0,0)
l´ım
ν(x, y) = 0
(x,y)→(0,0)
=⇒ l´ım f (z) = 0 + i0 = 0 z→z0
Corolario Si
l´ım(x,y)→(0,0) µ(x, y)
no existe ó
l´ım(x,y)→(0,0) ν(x, y)
no existe
=⇒ l´ımz→z0 f (z)
NO existe.
1.6.4. Ejemplos z 3 + (z)3 =0 z→0 z + (z)2
Ejemplo.(1) Demostrar que lim Solución:
Usemos la denición:
z 3 + (z)3 |z|3 + (z)3 2 |z|3 ≤ ≤ z + (z)2 |z| + (z)2 |z| − |z|2 Tomemos un
δ1 = 1/2 , |z − 0| < 1/2 =⇒ |z| − |z|2 < 1/2 − 1/4 = 1/4 =⇒
1 0/8 |z| < ε , luego 2 z + (z) z 3 + (z)3 p p < ε , tal que 0 < |z − 0| < 1/2 y |z| < 3 ε/8 , ahora elijamos δ = min{1/2, 3 ε/8} 2 z + (z) tendremos que: z 3 + (z)3 0 < |z − 0| < δ =⇒ − 0 1 =⇒ |z| + 1 < 2 |z|
Tomemos:
z + 1 1 2 |z| = − 0 = 2 2 z z 2 |z| z + 1 z 2 − 0 < ε z + 1 2 − 0 < ε z Tomemos
M = m´ ax{1, 1/ε}
si : |z| > 1 1 1 ∧ |z| < ε si : |z| > 1 ∧
así tendremos que:
z + 1 |z − 0| > M =⇒ 2 − 0 < ε z Así hemos demostrado que el límite es cero.
Ejemplo.(3) Demostrar que: limz 2 = ∞ z→0
Solución:
Dado
N > 0, ∃M > 0/ |z| > M ∧ z ∈ Df =⇒ z 2 > N
(denición)
|z| ≤ |z|2 2 z > N, si |z|2 > N √ 2 z > N, si |z| > N Tomamos
M=
√
N
, así la denición del límite mencionado se cumple:
|z| > M =⇒ |z| >
√
N =⇒ |z|2 > N =⇒ z 2 > N
Ejemplo.(4) Analizar y calcular en caso existan los siguientes límites: lim
z 2 .Sen
z→0
π |z|
z3 + 1
z (z)2 + (z)2 z z→0 z3 + 1 zSen(z) lim z→∞ z2 + 1
lim
lim (z 2 − z) z→∞
z 8 + 10z 2 + 40z + 100 z→i |z − i|10
lim
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
29
z+1 z→∞ z + 1 z+2 √ √ lim z→2 z 2 + (1 − i 3)z − i2 3 z 4 + 16 √ lim z→2eiπ/4 z − z − i2 2 lim
Ejemplo.(5) ¾Podria hallarse un A de manera que ∃
lim f (z) donde:
z→4+3i
Az f (z) = z + 21 − 3i
|z| ≥ 5 |z| ≤ 5
Ejemplo.(6) Ver si existe o no limf (z) donde: z→0
cos z − cos z z f (z) = 0
0 0/∃ f 0 (z) ∀z ∈ V (z0 , r).
Una función que es analítica
se llama función entera.
Ejemplo
Sea:
f (z) = (z)3 ,
responder:
0 a) Existe f (0) ? b)
f
es analítica en
Solución: a) Si
z=0
?
Veamos:
z = x+iy =⇒ f (z) = (x − iy)3 = (x3 −3xy 2 )+i(y 3 −3x2 y) = µ(x, y)+iν(x, y) , derivando: µx (0, 0) = 0 = νy (0, 0) = 0 µy (0, 0) = 0 = −νx (0, 0) = 0
Además b) Sea
µ, ν , µx , µy , νx , νy
z0 6= 0,
son continuas
=⇒ ∃ f 0 (0) = 0 + i0 = 0
la condición necesaria para que exista
f 0 (z0 )
es que satisfaga las ecuaciones de
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
34
C-R. Entonces deberíamos tener que:
µx (x0 , y0 ) = 3x20 − 3y02 = νy (x0 , y0 ) = 3y02 − 3x20 µy (x0 , y0 ) = −6x0 y0 = −νx (x0 , y0 ) = 6x0 y0 Esto implicaría que
x0 = y0 = 0
, absurdo debido a la condición inicial.
No se cumplen las ecuaciones de C-R por lo tanto
→f
no es analítica en
@f 0 (z0 )∀z0 ∈ C.
z = 0.
Denición: Sea
f : Ω 6= C, Ω
dominio de
C , z0 ∈ Ω
y
A ⊂ C. f
es analítica en
Ω ←→ f
es analítica en
z
∀z ∈ A.
Ejemplo Determinar donde es analítica la función: f (z) = x2 − y2 + i2xy.
Solución: g(z) =
Sea:
z 2 entera
=⇒ f (z) = g(z)
en aquellos
z
x2 − y 2 ≥ 0
tales que
. Entonces
f
es analítica
en la región:
|x| ≥ |y|
Propiedad Sea
f : Ω 6= C, Ω
C.
Si
f
es analítica en
dominio de
C
y
g(z) = f (z).
dominio de
A, A ⊂ Ω ,
entonces
f
es analítica en
Propiedad Sea
f : Ω 6= C, Ω
Si
f
es analítica en
Ω
entonces
f
y
g
son
constantes.
Visualización: f (z) = µ(x, y) + iν(x, y) g(z) = µ(x, y) + i [−ν(x, y)] Ambas analíticas en
Ω,
luego sea:
z0 = x0 + iy0
un punto arbitrario, entonces:
f (z) : µ (x , y ) = ν (x , y ) x 0 0 y 0 0 µ (x , y ) = −ν (x , y ) y 0 0 x 0 0 g(z) : µ (x , y ) = −ν (x , y ) x 0 0 y 0 0 µ (x , y ) = − [−ν (x , y )] y 0 0 x 0 0 Victor D. Rojas Cerna - FIEE-UNI
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
35
Así:
µx (x0 , y0 ) = 0 µy (x0 , y0 ) = 0 νx (x0 , y0 ) = 0 νy (x0 , y0 ) = 0 =⇒ ∀(x0 , y0 ) ∈ Ω : µ(x, y) = p ∧ ν(x, y) = q
tal que
p, q ∈ R.
f (z) = p + iq g(z) = p − iq
Ejemplo Donde podrán ser analíticas las funciones: f (z) = z 2 Solución:
∧ g(z) = z 2 ?
Por la propiedad anterior ambas deberían ser constantes lo que hace imposible que
sean dos funciones distintas.
Ejemplo Determine donde es analítica la función: f (z) = x2 − y2 + i2 |x| |y|.
Solución:
Se nota que:
∃ f (z) = y 2 − x2 + i2xy ∧ f (z) = x2 − y 2 + i2xy −→f
es analítica en:
(RI )o ∪ (RII )o ∪ (RIV )o
. Satisfacen C-R.
Comentario: Sea:
f (z) = µ(x, y) + iν(x, y)
, si
f
es analítica en
A (A ⊂ Ω, f : Ω 6= C)
se demuestra que
f 0 (z) = µx (x, y) + iνx (x, y) = µy (x, y) + iνy (x, y) Tamnbién es analítica en
A.
Consecuentemente:
f 00 (z) = µxx (x, y) + iνxx (x, y) = νyx (x, y) − iµyx (x, y) = νxy (x, y) − iµxy (x, y) Tanbién es analítica en
A.
Propiedad Si
f : Ω 6= C, Ω
dominio de
C,
es analítica en
Ω
entonces:
f 0 (z) = µx (z, 0) + iνx (z, 0) f 00 (z) = νxy (z, 0) − iµxy (z, 0) Victor D. Rojas Cerna - FIEE-UNI
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
36
1.7.4. Funciones armónicas Sea:
µ :−→ R, Ω
Rn
es un dominio de
derivadas de orden 2 (es decir,
µ∈
∆µ =
(abierto y conexo), para estas funciones que tengan
C2Ω ) se dene el laplaciano de
n X ∂2µ i=1
∂x2i
Nuestro interés especial es cuando
=
n X
µ xi xi
i=1
n = 2, así tendremos que con µ : Ω → R, µ = µ(x, y), Ω ⊂ R2
∆µ = ∆µ(x, y) = µxx (x, y) + µyy (x, y) = ∆=
∂2 ∂2 + ∂x2 ∂y 2
como:
(x1 , x2 , ..., xn ∈ Ω)
un dominio:
El operador:
µ
es conocido como el operador
∂2µ ∂2µ + 2 ∂x2 ∂y
LAPLACIANO.
La ecuación de Laplace es:
∆µ = µxx (x, y) + µyy (x, y) = 0 (x, y) ∈ Ω
Denición: Diremos que
µ :−→ R
∆µ(x, y) = 0 ∀(x, y) ∈ Ω.
es armónica en
Ω
si
un dominio simétrico,
µ
es armónica en
Propiedad Sea
µ :−→ R,
armónica
es
Ω.
Visualización: Sea:
Ω ⊂ R2 ⇐⇒ ν(x, y) = µ(−x, −y)
Ida:
ν(x, y) = µ(p, q), p = −x, q = −y
entonces
νx = µp px + µq qx = µp (−1) + µq (0) = −µp νxx = − (µpp px + µpq qx ) También:
νy = µp py + µq qy = µp (0) + µq (−1) = −µq νyy = − (µqp py + µqq qxy ) Así:
νxx + νyy = µpp + µqq = 0 ∀(x, y) ∈ Ω, Ω
simétrico. Es decir:
∆ν(x, y) = 0.
La comprobación de regreso es análoga.
Propiedad Sea:
µ : Ω −→ R, Ω dominio de R2 . µ es armónica en Ω ⇐⇒ µ + k
es armónica con
k
constante.
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
37
Ejemplo Sea: µ(x, y) = ex cos y Solución:
µxx + µyy = ex cos y − ex cos y = 0
(µ + k)xx + (µ + k)yy = µxx + µyy = 0
Observación: La condción de suciencia para que exista la función armónica µ = φ(x2 + y) nos lleva a considerar el problema en general: Hallemos una armónica
µ = φ(t)/t = t(x, y) µx = µt tx
∧
µxx = µtt t2x + µt txx
µy = µt ty
∧
µyy = µtt t2y + µt tyy
Si es armónica debe cumplir la ecuación de Laplace:
∆µ = µtt (t2x + t2y ) + µt (txx + tyy ) = 0 txx + tyy µtt = h(t) =− 2 µt tx + t2y Así en caso exista una función armónica
µ = φ(t)
se tendría que:
ˆ ln (µ(t)) = ˆ µ=B
´
e
h(t)dt
h(t)dt + A
dt |t=t(x,y) +C
1.7.4.1. Aplicaciones 1.
Veamos si existe una función armónica: µ = φ(x2 + y)
Solución:
Tenemos :
t = x2 + y =⇒ tx = 2x, txx = 2, ty = 1, tyy = 0 −
notamos que no es una función de
2.
t→
. Reemplazamos:
txx + tyy 2 =− 2 2 2 tx + ty 4x + 1
no existe la armónica
µ = φ(x2 + y).
Veamos si existe la función armónica: µ = φ(x2 + y 2 )
Solución:
En este caso:
t = x2 + y =⇒ tx = 2x, txx = 2, ty = 2y , tyy = 2 −
txx + tyy 2+2 1 = − = h(t) =− 2 2 2 2 tx + ty 4 (x + y ) t
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
Así:
´
µ=B
3.
´
e
dt t
dt + C = B
38
´ 1 dt |t=x2 +y2 +C = B ln(x2 + y 2 ) + C t
Sea µ : R2 → R una función armónica, determinar en caso exista ν : R2 → R , ν(x, y) = µ(ax + y, x + 2y) tal que sea armónica.
Solución:
Hacemos:
p = ax + y ∧ q = x + 2y .
Así:
νx = µp px + µq qx = aµp + µq ∧ νxx = a(µpp px + µpq qx ) + µqp px + µqq qx = a2 µpp + 2aµpq + µqq νy = µp py + µq qy = µp + 2µq ∧ νyy = µpp py + µpq qy + 2(µqp py + µqq qy ) = µpp + 4µpq + 4µqq En la ecuación de Laplace:
∆ν = νxx + νyy = (a2 + 1)µpp + (2a + 4)µpq + 5µqq = 0 =⇒ a2 + 1 = 5 ∧ 2a + 4 = 0 =⇒ a = −2
4.
Determinar, en caso exista, una función armónica en R2 µ = α(x)α(y)e−(x+y) donde α: R→R
Solución:
µx = (α0 (x) − α(x)) α(y)e−(x+y)
Igualmente se obtiene:
∆µ =
∧
µxx = (α00 (x) − 2α0 (x) + α(x)) α(y)e−(x+y)
µyy = (α00 (y) − 2α0 (y) + α(y)) α(x)e−(x+y) .
En la ecuación de Laplace:
α00 (x) − 2α0 (x) + α(x) α(y) + α00 (y) − 2α0 (y) + α(y) α(x) e−(x+y) = 0 α00 (x) − 2α0 (x) + α(x) = 0
De donde:
α(x) = (Ax + B) ex , A, B
constantes. Así:
µ(x, y) = (Ax + B) (Ay + B)
Propiedad Si
f : Ω → C, Ω
∧ ν(x, y)
un dominio de
son armónicas en
Visualización:
C
y
f (z) = µ(x, y) + iν(x, y)
analítica en
Ω
, entonces
µ(x, y)
Ω
Tomar en cuenta que:
µx (x, y) = νy (x, y) ∧ µy (x, y) = −νx (x, y) ∀(x, y) ∈ Ω.
Luego:
∆µ = µxx + µyy = (µx )x + (µx )y = (νx )x + (−νx )y = νyx − νxy = 0 Pues
ν
es continua. Por lo expuesto
Analogamente se demuestra que:
µ(x, y)
es armónica en
∆ν = 0 → ν
Ω.
es armónica en
Ω.
Denición: Dado
µ : Ω → R, Ω ⊂ R2 ,
diremos que
ν : Ω → R
f (z) = µ(x, y) + iν(x, y) ∨ f (z) = ν(x, y) + iµ(x, y)
es una armónica conjugada de
es analítica en
µ
si:
Ω.
Ejemplo Determinar una armónica conjugada de µ(x, y) = ex sin y Victor D. Rojas Cerna - FIEE-UNI
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
Solución:
Tenemos dos alternativas:
39
f (z) = ex sin y + iν(x, y) ∨ f (z) = ν(x, y) + iex sin y
f (z) = ex sin y + iν(x, y):
1ºAlternativa
(ex sin y)x = νy =⇒ νy = ex sin y =⇒ ν = ex cos y + φ(y) (ex sin y)y = −νx =⇒ νx = −ex cos y =⇒ ν = −ex sin y + ψ(x) Lo cual es inaceptable.
f (z) = ν(x, y) + iex sin y
2ºAlternativa
νx = (ex sin y)y =⇒ νx = ex cos y =⇒ ν = ex cos y + φ(y) νy = − (ex sin y)x =⇒ νy = −ex sin y =⇒ ν = ex cos y + ψ(x) Entonces:
φ(y) = Aψ(x), A
constante. Así:
f (z) = ex cos y + A + iex sin y = A + ez
Ejemplo Dado: µ = Solución:
x(x − 1) + y 2 , hallar una armónica conjugada de µ. (x − 1)2 + y 2
Razonando:
µ(x, y) = 1 + Sabemos:
µy = −νx =⇒ v =
´
x−1 2y(x − 1) =− 2 2 (x − 1) + y ((x − 1)2 + y 2 )2
2y(x − 1) ((x − 1)2 +
dx y 2 )2
+ ψ(y) = −
y + ψ(y) (x − 1)2 + y 2
x(x − 1) + y 2 y f (z) = +i − + ψ(y) (x − 1)2 + y 2 (x − 1)2 + y 2 f (z) = Donde
k:
constante real. Como
Ejemplo Dada
ν(x, y) =
conjugada para ν .
Solución:
Consideremos:
νy (x, y) =
z=1∈ / Ω, 2xy
(x2 + y 2 )2
z(z − 1) + ik (z − 1)2 entonces:
f (z) =
z + ik z−1
es analítica en
Ω.
, ν : Ω → R, Ω ⊂ R2 − {(0, 0)}. Hallar una armónica
f (z) = µ(x, y) + iν(x, y)
(x2 + y 2 )2 2x − 2xy 2(x2 + y 2 )2y (x2 + y 2 )4
=
2x3 − 6xy 2 (x2 + y 2 )3
= µx (x, y)
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CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
ˆ µ(x, y) =
2x(x2 − 6y 2 ) (x2
+
y 2 )3
ˆ
ˆ
2x
dx + ψ(y) =
µ(x, y) = − f (z) = −
40
(x2
+
y 2 )2
dx − 7y
2x
2
(x2
+ y 2 )3
dx + ψ(y)
1 7y 2 + ψ(y) + x2 + y 2 2 (x2 + y 2 )2
1 7(02 ) + ψ(0) + k + z 2 + 02 2 (z 2 + 0)2 f (z) = −
k : constante real
1 +k z2
1.8. Problemas propuestos Problema(1) Si
A, B ⊂ C diga el valor de verdad de las siguientes armaciones justicando sus
respuestas. 1. Si
A
y
B
son abiertos, entonces
A∩B
es abierto.
2. Si
A
y
B
son cerrados, entonces
A∪B
es cerrado.
3. Si
A ∩ B 6= ∅,
4. Si
A
5. Si
∂A = A,
entonces
A
es cerrado.
6. Si
∂B = ∅,
entonces
B
es abierto.
7. Si
A
y
B
son abiertos entonces
pA + qB
8. Si
A
y
B
son cerrados entonces
(pA) ∪ (qB)
9. Si
A
es conexo, entonces
10. Si
A
y
B
son dos dominios, entonces
11. Si
A
y
B
no son dominios, entonces
12. Si
A
y
B
son acotados, entonces
A+B
13. Si
A
y
B
son acotados, entonces
AB
es acotado. Donde:
14. Si
A
y
B
son convexos, entonces
AB
es convexo.
15. Si
A+B
16. Si
AB
17. Si
∂ (A + B) = A + B ,
18. Si
A
entonces
es abierto y
B
∂ (A ∪ B) = ∂A ∪ ∂B .
es cerrado, entonces
pA
A
es un dominio, entonces
A
entonces
es abierto, entonces
A∩B
y
A
es abierto
A+B
A+B
B
y
∀p, q ∈ C − {0}.
es cerrado
∀p, q ∈ C − {0}.
es un dominio.
nunca son dominios.
es acotado.
AB = {ab/a ∈ A ∧ b ∈ B}.
son acotados.
B
y
es abierto.
∀p ∈ C − {0}.
es conexo
es acotado, entonces
A−B
son dominios.
B
son cerrados.
es abierto
∀B ⊂ C
si
A ∩ B 6= ∅. Victor D. Rojas Cerna - FIEE-UNI
CAPÍTULO 1. LÍMITES Y DERIVADAS
19.
∂ (∂A) = ∂A.
20.
(Ao )o = Ao
Nota:
Problema(2) Sea
Ao = {z/z
es punto interior de
41
A}.
f : Ω → C, Ω un dominio de C, si f es analítica en w (punto interior de Ω).
¾Existirá un punto p de Ω, p 6= w donde f es analítica? Justicar su respuesta.
Problema(3) Sea f
: C → C una función entera, demuestre que se cumple: ∆ |f (z)|2 = 4 |f 0 (z)|2 .
Problema(4) Deduzca la forma compleja del teorema de Green. Problema(5) Determinar si se cumple que: ii ⊂ ii+4 . Problema(6) Resolver: cos(z 2 + 2) = sin(z 2 − 2). Problema(7) Sea: E = {3z + 1/6z − 2 ∈ A}, si A es abierto ver si E es abierto. Problema(8) Sean:
E = {z ∈ C/