Capitulo XXVIII Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión 16. Primer ejemplo numérico de columnas de
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Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
16. Primer ejemplo numérico de columnas de H°A° Acciones gravitatorias Se analizará un edificio de 3 pisos y planta baja. La siguiente planta corresponde a un sector del esquema estructural de la planta tipo del mismo, común para los 4 niveles que lo componen.
En este ejemplo se procederá al dimensionado de la columna 6, en el tramo correspondiente al 1° piso. Altura considerada de piso: 2.80m. 16.1.
Análisis de cargas
16.2.
Predimensionado
16.3.
Determinación de solicitaciones
16.4.
Determinación de la esbeltez
16.5.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a x
16.6.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a y
16.7.
Armado
16.1.
Análisis de cargas
En el capitulo correspondiente al tema vigas (Pág. 220 Capitulo XXVII de esta publicación), en los ejemplos numéricos se han obtenido las cargas de servicio de las vigas 8 y 9. Se determinan, entonces, las reacciones de vínculo de las mismas para hallar las cargas que llegan a sus apoyos. En particular se analizará la descarga de las vigas sobre la columna 6, en estudio. 16.1.1. Descarga de vigas 8 y 9 D trasmitido por losas + peso tabique + peso viga
carga D viga
1966 kg/m
L transmitido por losas
carga L viga
586 kg/m
carga q viga
2552 kg/m
Dlviga qlviga
1966 kg / m 0.77 2552 kg / m
L lviga qlviga
586 kg / m 0.23 2552 kg / m
1
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
I.
VA V 8
Reacción del tramo viga 8 en el apoyo A
q V8 * L V8 2
II.
2552 kg / m * 3 m 3828 kg / m 2
Reacción del tramo viga 8 en el apoyo B
VB V 8 1.15 * III.
q V8 * L V8 2
1.15 *
2552 kg / m * 3 m 4402 .2 4403 kg / m 2
Reacción del tramo viga 9 en el apoyo B
VB V 9 1.15 * IV.
VC V 9
q V9 * L V9 2
1.15 *
2552 kg / m * 3 m 4402 .2 4403 kg / m 2
Reacción del tramo viga 9 en el apoyo C
q V9 * L V9 2
2552 kg / m * 3 m 3828 kg / m 2
La columna 6 recibe 8806 kg trasmitidos por las vigas 8 y 9, de los cuales el 77% corresponde a carga permanente (6780 kg D) y el resto a sobrecarga (2026 kg L). 16.1.2. Descarga de viga 3 La columna 5 y la columna 6 reciben de la viga 3: q * l 1890 .2kg * 3.50m 3309kg 2 2
conocidos qViga = 1890.2 kg/m
DViga = 1415.2 Kg/m,
será necesario plantear Dlviga qlviga
1415 .2 kg / m 0.75 1890 .2 kg / m
La columna 6 recibe 3309 kg trasmitidos por la viga 3, de los cuales el 75% corresponde a carga permanente (2482 kg = D) y el resto a sobrecarga (827 kg = L). 2
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Resumiendo, por planta: D L
Vigas 8 y 9 6780 kg 2026 kg
(G columna) (P columna) (Q columna)
Viga 3 2482 kg 827 kg
totales 9262 kg 2853 kg 12115 kg
Se estima una sección de columna arbitraria al solo efecto de considerar la carga debida al peso propio en cada piso. En PB la altura se considera hasta el nivel superior de la base (pedestal). Piso ro
3 y2 1ro PB
do
Sección (m)
Altura (m)
kg/m3) * h1 (m)* h2 (m) * l (m)
P. Propio (kg)
020 * 0.20 0.25 * 0.20 0.30 * 0.25
2.80 2.80 5.00
2400 * 0.20 * 0.20 * 2.80 2400 * 0.25 * 0.20 * 2.80 2400 * 0.30 * 0.25 * 5.00
270 336 900
Carga, por piso y acumulada, que recibe la columna 6 (planta tipo): Piso
3ro 2do 1ro PB
D L D L D L D L
Viga 8 (kg)
Viga 9 (kg)
Viga 3 (kg)
Peso Propio (kg)
3390 1013 3390 1013 3390 1013 3390 1013
3390 1013 3390 1013 3390 1013 3390 1013
2482 827 2482 827 2482 827 2482 827
270 270 336 900
c
/Piso (kg)
9532 2853 9532 2853 9598 2853 10162 2853
Acumulado (kg) D L
Q (kg)
9532
2853
12385
19064
5706
24770
28662
8559
37221
38824
11412
50236
16.1.3. Área Tributaria: Otro modo de obtener la carga que recibe cada columna en los diferentes niveles, se logra efectuando un análisis del área que descarga en la columna en cada planta, y afectándolo por una carga superficial representativa que involucra pesos propios y sobrecargas que soporta la estructura.
3
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
Área en planta: 3.25m * 3.00m = 9.75m2 Carga unitaria estimada: 1100 kg/m2 Área tributaria: 1100 kg/ m2 * 9.75 m2 = 10725 kg En este análisis no se ha considerado que los elementos isostáticos no distribuyen su carga a los apoyos del mismo modo que los hiperestáticos. Se observa en el modelo isostático que la intensidad de la carga recibida por los apoyos es de igual valor numérico. En el caso del modelo hiperestático el apoyo que corresponde al empotramiento recibe mayor intensidad de carga que el que corresponde al apoyo articulado. Comparando, también se observa que los apoyos de la viga hiperestática reciben aproximadamente una diferencia entre un 10% y un 15% de carga (menos en el apoyo móvil y más en el empotramiento), que el isostático. Por lo tanto, corresponde diferenciar las columnas “centradas” de las “de borde”, porque obedecen a distintos modelos. La columna 6 puede considerarse como “centrada”, ya que corresponde al apoyo de continuidad de las vigas 8 y 9. Las columnas 1 o 2 pueden considerarse “de borde”, ya que corresponden al apoyo extremo de vigas continuas o de vigas isostáticas. Por esta razón se incrementa la carga obtenida en el área tributaria en un 15%. 10725 kg * 1.15 ≈ 12335 kg Manteniendo las proporciones analizadas en el punto 2, la carga total Q se compone por 75% D y 25% L, aproximadamente, entonces: Piso 3ro 2do 1ro PB
D = 0.75 * Q (kg) 9251 9251 * 2 pisos = 18502 9251 * 3 pisos = 27754 9251 * 4 pisos = 37005
L = 0.25 * Q (kg) 3084 3084 * 2 pisos = 6168 3084 * 3 pisos = 9251 3084 * 4 pisos = 12335
Carga Q (kg) 12335 12335 * 2 pisos = 24670 12335 * 3 pisos = 37005 12335 * 4 pisos = 49340
Diferenciación necesaria para obtener P u (carga última) en el siguiente paso. Nótese que en ambos procedimientos los valores de cargas son semejantes. No obstante se utilizarán los hallados a través de las reacciones de vinculo simplificadas, ya que (de ser posible hallarlos), resultan más ajustados. 16.2.
Predimensionado
16.2.1. Carga última El presente dimensionado será resuelto para el tramo comprendido en el primer piso para la columna 6.
4
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Combinaciones de cargas mayoradas: 1.2 D + 1.6 L = 1.2 D + 1.0 L 1.6 W 0.9 D 1.6 W Para la resolución de este ejemplo no se considera la acción del viento. Pu =1.2 * 28662 kg + 1.6 * 8559 kg ≈ 48090 kg ≈ 48.1t 16.2.2. Carga nominal Pn
48.1t Pu Pu 92.31 t 0.925 MN * 080 0.65 * 0.80 0.52
0.80 = coeficiente que tiene en cuenta la excentricidad accidental de la carga 16.2.3. Predimensionado Area
C arg a Tension
Ag
Pn 0.85 * f' c *(1 ρ g ) fy * ρg
Donde: f’c = Resistencia especificada del hormigón a compresión en MPa 0.85 = coeficiente que tiene en cuenta la deformación en el tiempo del hormigón g = cuantía de armadura longitudinal fy = tensión de fluencia especificada de la armadura longitudinal Ag
0.925 MN 0.925 MN 0.0367m2 367cm2 0.85 * 25 MPa(1 0.01) 420MPa * 0.01 25.24 MPa
Sección adoptada = 25 cm * 20 cm = 500 cm2
En un dibujo que no se corresponde con la escala de la planta se ha representado la posición de la columna 6. h1 = 25 cm paralelo a eje x h2 = 20 cm paralelo a eje y
5
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
16.3.
Determinación de solicitaciones
16.3.1. Indesplazabilidad Se estudia en este caso un sistema indesplazable. La columna 6 conforma con la columna 5 y la viga 3 un pórtico que está sometido sólo a cargas gravitatorias, (plano “x”). Con la columna 10 y 2, y con las vigas 8 y 9 conforma un pórtico que está sometido también sólo a cargas gravitatorias, (plano “y”).
16.3.2. Esfuerzos generados por las vigas en el tramo analizado de columna I.
Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h2" (paralelo al eje y)
En este plano (paralelo al lado h 2) la columna se comporta como centrada, ya que en el nudo "A" los pares actuantes transmitidos por las vigas 8 y 9 se contrarrestan (M = 0), por lo que la columna no recibe ningún momento. Lo mismo ocurre en el nudo “B”.
M A1 M A2
6
2552 kg/m * (3m)2 2871kgm 8
Capitulo XXVIII
II.
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h1" (paralelo al eje x). Según reglamento CIRSOC los momentos M1 y M2 en los extremos de la columna se deben calcular por medio de un análisis elástico de primer orden del pórtico, considerando la presencia de zonas fisuradas a lo largo del elemento. En consecuencia se reducirán las inercias obtenidas para las secciones de vigas y columnas considerando: Momentos de inercia 0,35 Ig Vigas Columnas
Barra
Sección
Ig sección rectangular [cm4]
[cm]
viga
12 x 25
Columna 2do piso
20 x 20
Columna 1er piso
25 x 20
Columna planta Baja
30 x 25
12 * 253 12 20 * 203 12 20 * 25 3 12 25 * 30 3 12
0,70 Ig
Ig considerando fisuración [cm4]
15625
≈ 5500
13333
≈ 9300
26041
≈ 18200
56260
≈ 39400
NUDO “A” M A1
1890 kg/m * (3.50m)2 2894 kgm 8
3 * 5500cm 4 * E 47.14cm3E 350cm
A1 = A3 =
4 * 9300cm 4 * E 132.85cm3E 280cm
AB =
4 * 18200cm 4 * E 260cm3E 280cm
mBA =
2 * 18200cm 4 * E 130cm3E 280cm
289400 kgcm + (47.14 + 260 + 132.85) cm3 E * A = 0 A
289400kgcm (47.14 132.85 260)cm3E
Mh
A1
= 289400 kgcm + [47.14 cm3 E * (- 657.7 kg/cm2 E) = 258376 kgcm = 2.58 tm
Mh
A3
= [132.85 cm3 E * (- 657.7 kg/cm2 E) = - 87375 kgcm = -0.87 tm
Mh
AB
= [260 cm3 E * (- 657.7 kg/cm2 E) = - 171002 kgcm = -1.71 tm
Mh
BA
= [130 cm3 E * (- 657.7 kg/cm2 E) = - 85501 kgcm = -0.86 tm
657.7
kg cm2E
7
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
En el nudo "A" En este plano (paralelo al lado h2) la columna se comporta como excéntrica, ya que el par transmitido por la viga 3 (M 0) debe ser contrarrestado por los pares en los extremos de las barras que convergen al nudo.
NUDO “B” 1890 kg/m * (3.50m)2 2894 kgm 8 3 * 5500cm 4 * E B2 = 47.14cm3E 350cm
MB2
B4 =
3 * 39400cm 4 * E 236.4cm3E 500cm
BA =
4 * 18200cm 4 * E 260cm3E 280cm
mAB =
2 * 18200cm 4 * E 130cm3E 280cm
289400 kgcm + (47.14 + 260 + 236.4) cm3 E * B = 0 1
289400kgcm (47.14 236.4 260)cm3E
532.43
Mh
B2
= 289400 kgcm + [47.14 cm3 E * (- 532.43 kg/cm2 E) = 264301 kgcm = 2.64 tm
Mh
B4
= [236.4 cm3 E * (- 532.43 kg/cm2 E) = - 125866 kgcm = -1.26 tm
Mh
BA
= [260 cm3 E * (- 532.43 kg/cm2 E) = - 138431 kgcm = -1.38 tm
Mh
AB
= [130 cm3 E * (- 532.43 kg/cm2 E) = - 69216 kgcm = -0.69 tm
En el nudo "B" En este plano (paralelo al lado h 2) la columna se comporta como excéntrica, ya que el par transmitido por la viga 3 (M 0) debe ser contrarrestado por los pares en los extremos de las barras que convergen al nudo.
Superponiendo pares finales con influencias: Mh
BA
= -1.38 tm + (-0.86 tm) = -2.24 tm
AB
= -0.69 tm + (-1.71 tm) = -2.4 tm
h
M
8
kg cm2E
Capitulo XXVIII
I.
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Resumiendo (cargas de servicio):
Plano paralelo a " h1": flexo-compresión N = 37.3 t (dato obtenido en el análisis de cargas) M1 = -2.24 tm (dato obtenido de la resolución del hiperestático, para la barra que corresponde a la columna 6 en 1° piso) M2 = +2.4 tm (dato obtenido de la resolución del hiperestático, para la barra que corresponde a la columna 6 en 1° piso) Plano paralelo a " h2": compresión N = 37.3 t (dato obtenido en el análisis de cargas)
16.4.
Determinación de la esbeltez
k * lu r
Donde: k = factor de longitud efectiva. lu = longitud sin apoyo lateral. Pueden ser diferentes según la dirección que se analice. r = radio de giro
r
b * h3 Ig 12 h 0.3 * h Ag b*h 12
r = 0.3 * h
9
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
16.4.1. Definir lu para cada dirección. Luz libre entre nivel de piso terminado = 2.80 m
Para dirección x (paralelo a h1):
hviga 3 = 0.25 m 2.80 m – 0.25 m = 2.55 m
Para dirección y (paralelo a h2):
hviga 8 y 9 = 0.35 m 2.80 m – 0.35 m = 2.45 m 16.4.2. Factor de longitud efectiva Como el valor real de la longitud efectiva depende de la rigidez de los elementos solidarios a ambos extremos de la columna, se obtendrá en primer lugar la rigidez de dichos elementos.
L (columnas ) * 0.7 EI
L (vigas ) * 0.35 EI
Para plano x
Valor de k con formulas aproximadas: k = 0.7+0.05 (A + B) 1.0 k = 0.7+0.05 (8.2 + 6.3) = 1.425 > 1.0 Por lo tanto se adopta k = 1 (valor mas desfavorable)
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Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Para plano y
Valor de k con formulas aproximadas: k = 0.7+0.05 (A + B) 1.0 k = 0.7+0.05 (0.56 + 0.6) = 0.75 < 1.0 Por lo tanto se adopta k = 0.75 (valor mas desfavorable)
16.4.3. Esbeltez
k * lu r
x
1 * 2.55m 34 0.3 * 0.25m
y
0.75 * 2.45m 30.62 0.3 * 0.20m
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Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
16.4.4. Limite para considerar efectos de la esbeltez
M1u lim 34 12 M2u Donde: M1u = menor momento último en extremo de la columna M2u = mayor momento último en extremo de la columna El cociente M1u/M2u es positivo si la columna se deforma con curvatura simple (tracción del mismo lado en toda la columna, como sucede en el tramo de PB), y negativo si se deforma con doble curvatura. Este último caso es el que corresponde a este ejemplo, primer piso.
Siendo:
Mu = 1.2 *MD + 1.6 * ML
Y manteniendo las proporciones halladas en relación a cargas permanentes y sobrecargas: M (tm) 2.4 2.24
MD = 0.75 * M (tm) 1.80 1.68
I.
Mu (tm) 3.12 2.91
Análisis para plano x (paralelo a h1)
M1u lim 34 12 * M2u
x = 34 < 40
ML = 0.25 * M (tm) 0.60 0.56
2.91tm lim x 34 12 * 45.19 3.12tm valor máximo aceptado 40
no es necesario considerar efectos de la esbeltez.
En este plano la columna se encuentra solicitada por flexo compresión (momento primer orden). Valores finales a considerar (caso 2): * Pn = Pu = 48.1 t = 481 KN = 0.481 MN M2u = 3.12 tm = 31.2 KNm 0.0312MNm II.
Análisis para plano y (paralelo a h2)
M1u lim 34 12 * M2u
y = 30.62 < 34
lim y 34
no es necesario considerar efectos de la esbeltez.
Valor final a considerar (caso 1): * Pn = Pu = 48.1 t = 481 KN = 0.481 MN Dimensionado por cuantía minima. 16.5.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a x
Pu = 0.481 MN M2u = 0.0312MNm 12
Capitulo XXVIII
n
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
0.481 MN P Pn u 9.62 b *h Ag 0.05m 2
m
0.0312 MNm Mu Mn 2.496 2 b *h A g * h 0.05m 2 * 0.25m
Para identificar el diagrama de interacción de donde obtendremos la cuantía, debemos conocer el valor .
h (2 * Cc ) (2 * estribos ) armaduralongitudinal 25cm 4cm 1.2cm 1.2cm 0.74 h 25
Utilizando el Diagrama de interacción I.8, con valor = 0.7 para sección rectangular con armadura simétrica: n = 9.7 m = 2.5 x = 0.012 = 0.7 Utilizando el Diagrama de interacción I.9, con valor = 0.8 para sección rectangular con armadura simétrica: n = 9.7 m = 2.5 x = 0.01 = 0.8 Se adopta x = 0.012 correspondiente al Diagrama de interacción I.8
16.6.
Armado
adoptado = 0.012 Ast = * Ag = 0.012 * 500 cm2 = 6 cm2 As necesario = 6 cm2. Se adopta armadura simétrica 2 16 4.02 cm2 por cara As total 8.04 cm2 > 6 cm2 Estribos Hasta 16 inclusive = 6 Separación: 12 de Barra longitudinal = 12 * 1.6 cm = 19.2 cm 48 de estribos = 48 * 0.6 cm = 28.8 cm Lado menor = 20 cm Se adopta 6 c/ 19 cm.
13
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
17. Segundo ejemplo numérico de columnas de H°A° Acciones gravitatorias En este ejemplo se procederá al dimensionado de la columna 6, en el tramo correspondiente a Planta Baja. Altura considerada de piso: 5.00 m. 17.1.
Análisis de cargas
17.2.
Predimensionado
17.3.
Determinación de solicitaciones
17.4.
Determinación de la esbeltez
17.5.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a x
17.6.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a y
17.7.
Armado
17.1.
Análisis de cargas
En el ejemplo numérico anterior, del análisis de la columna 6 en primer piso, se obtuvieron las cargas recibida por dicha columna en cada uno de sus tramos. En el mismo se utilizaron dos procedimientos, uno como modo simplificado de reacciones de vigas, y otro como área tributaria. En particular nos interesa analizar el tramo de Planta Baja. La carga total Q se compone por 75% D y 25% L, aproximadamente, entonces: Piso PB
Carga Q (kg)
D = 0.75 * Q (kg)
L = 0.25 * Q (kg)
50236
38824
11412
Diferenciación necesaria para obtener P u (carga última) en el siguiente paso. 17.2.
Predimensionado
17.2.1. Carga última Combinaciones de cargas mayoradas: 1.2 D + 1.6 L = 1.2 D + 1.0 L 1.6 W 0.9 D 1.6 W Para la resolución de este ejemplo no se considera la acción del viento. Pu =1.2 * 38824kg + 1.6 * 11412kg = 64848 kg ≈ 64.9 t 17.2.2. Carga nominal Pn
64.9 t Pu 124.81t * 0.80 0.65 * 0.80
0.80 = coeficiente que tiene en cuenta la excentricidad accidental de la carga Pn 1.248 MN 17.2.3. Predimensionado Area
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C arg a Tension
Ag
Pn 0.85 * f ' c *1 g fy * g
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Donde: f’c = Resistencia especificada del hormigón a compresión en MPa 0.85 = coeficiente que tiene en cuenta la deformación en el tiempo del hormigón g = cuantía de armadura longitudinal fy = tensión de fluencia especificada de la armadura longitudinal
Ag
1.248MN 1.248MN 0.0494m 2 494 cm 2 0.85 * 25MPa(1 0.01) 420MPa * 0.01 25.24MPa
Sección adoptada = 30 cm * 25 cm = 750 cm2 Al final del presente ejercicio se analizará una sección de 25 cm * 25 cm (625 cm 2), la cual resultó insuficiente debido a su importante esbeltez.
En un dibujo, que no se corresponde con la escala de la planta, se ha representado la posición de la columna 6 en Planta baja. h1 = 30 cm paralelo a eje x h2 = 25 cm paralelo a eje y 17.3.
Determinación de solicitaciones
17.3.1. Indesplazabilidad Se estudia en este caso un sistema indesplazable. La columna 6 conforma con la columna 5 y la viga 3 un pórtico que está sometido sólo a cargas gravitatorias, (plano “x”). Con la columna 10 y 2, y con las vigas 8 y 9 conforma un pórtico que está sometido también sólo a cargas gravitatorias, (plano “y”). 17.3.2. Esfuerzos generados por las vigas en el tramo analizado de columna I.
Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h2" (paralelo al eje y)
15
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
En este plano (paralelo al lado h 2) la columna se comporta como centrada, ya que en el nudo "A" los pares actuantes transmitidos por las vigas 8 y 9 se contrarrestan (M = 0), por lo que la columna no recibe ningún momento.
MB1 MB2 II.
2552 kg/m * (3m)2 2871kgm 8 Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h1" (paralelo al eje x)
En este plano (paralelo al lado h 1) la columna se comporta como excéntrica, ya que en el nudo "B" el par transmitido por la viga 3 (M 0) debe ser contrarrestado por los pares en los extremos de las columnas que convergen. Según la resolución del nudo de pórtico realizado en el ejercicio anterior (columna 1er piso), los valores son los que se representan: III.
Resumiendo (cargas de servicio):
Plano paralelo a " h1": flexo-compresión N = 50.2 t (dato obtenido en el análisis de cargas) M1 = 0 tm (corresponde a la columna 6 en Planta baja donde se encuentra articulada a la base 6) M2 = 1.26 tm (dato obtenido de la resolución del hiperestático, para la barra que corresponde a la columna 6 en Planta baja)
Plano paralelo a " h2": compresión N = 50.2 t (dato obtenido en el análisis de cargas)
16
Capitulo XXVIII
17.4.
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Determinación de la esbeltez
Donde: k = factor de longitud efectiva. lu = longitud sin apoyo lateral. Pueden des diferentes según la dirección que se analice. r = radio de giro
r
b * h3 Ig 12 h 0.3 * h Ag b*h 12
k * lu r
r = 0.3 * h
17.4.1. Definir lu para cada dirección. Longitud no arriostrada entre el nivel superior de vigas de 1° piso y el borde superior de la fundación : 5.00 m
Para dirección x:
hviga 3 = 0.25 m 5.00 m – 0.25 m = 4.75 m
Para dirección y:
hviga 8 y 9 = 0.35 m 5.00 m – 0.35 m = 4.65 m 17.4.2. Factor de longitud efectiva Como el valor real de la longitud efectiva depende de la rigidez de los elementos solidarios a ambos extremos de la columna, obtendremos en primer lugar la rigidez de dichos elementos.
L (columnas ) * 0.7 EI
L (vigas ) * 0.35 EI
17
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
17.4.3. Esbeltez
k * lu
x
r
0.97 * 4.75m 51.19 0.3 * 0.30m
y
0.85 * 4.65m 52.7 0.3 * 0.25m
17.4.4. Limite para considerar efectos de la esbeltez M1u lim 34 12 * M2u
Donde: M1u = menor momento último en extremo de la columna, en este caso = 0 M2u = mayor momento último en extremo de la columna. M2 = 1.26 tm fue hallado con cargas de servicio. Debe mayorarse para hallar M2u. El cociente M1u/M2u es positivo si la columna se deforma con curvatura simple (tracción del mismo lado en toda la columna, como sucede en el tramo de PB), y negativo si se deforma con doble curvatura. Este último caso es el que corresponde a este ejemplo, primer piso. Siendo:
Mu = 1.2 *MD + 1.6 * ML
Y manteniendo las proporciones halladas en relación a cargas permanentes y sobrecargas: M (tm) 1.26
MD = 0.75 * M (tm) 0.945
I.
Análisis para plano x (paralelo a h1)
M1u lim 34 12 * M2u
x = 51.19 > 34
ML = 0.25 * M (tm) 0.315
Mu (tm) 1.64
0tm lim x 34 12 * 34 2.64tm
es necesario considerar efectos de la esbeltez.
x = 51.19 < 100 se puede utilizar momentos amplificados (Mc). Como en este plano la columna se encuentra solicitada por compresión y momento flexor (de primer orden) se debe determinar el valor mínimo reglamentario a considerar para M2.
18
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
M2 min = Pu (0.015 + 0.03 * h) M2 min = 64.9 t (0.015 + 0.03 * 0.30 m) = 1.55 tm M2 min = 1.55 tm < M2u = 1.64 tm Se utiliza Mu para el dimensionado de la columna Mc = ns * M2u
Donde: Mc = Momento amplificado ns = Factor de amplificación de momentos M2u = Momento de 1° orden (ultimo)
ns
Cm Pu 1 0.75 * Pc
Donde : Cm = Factor de corrección de momento. Pu = Carga ultima. Pc = Carga critica.
La carga crítica, según Euler, depende del binomio de rigidez a flexión “E*I” y es inversamente proporcional al cuadrado de la luz efectiva. Pc
2 * E * I (k * lu) 2
a. donde el binomio de rigidez será 0.4 * Ec * Ig 1 d Donde: E *I
d = relación entre la carga permanente y la carga máxima. Ec = modulo de elasticidad del hormigón (en MPa) Ig = momento de inercia de la sección bruta de hormigón para el plano analizado. E *I
0.4 * Ec * Ig 0.4 * 4700 25 * 0.00056 m 4 3.008MNm 2 1 b 1 0.75
b. Remplazando: Pc
2 * 3.008MNm 2 (0.97 * 4.75m) 2
1.397MN 1397KN
c. Se debe determinar el factor de corrección de momentos: Cm 0.6 0.4 *
M1 0.4 M2
M1 0 Cm 0.6
Ahora, operando, se puede obtener:
ns
Cm 0.6 1.58 Pu 64.9t 1 1 0.75 * 139.7t 0.75 * Pc
ns = debe ser > 1 Mc = ns * M2u 1.58 * 1.64 tm = 2.59 tm Valores finales a considerar: 19
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
Pu = 64.9 t = 649 KN 0.649 MN Mc = 2.59 tm = 25.9 KNm = 0.0259 MNm
II.
Análisis para plano y (paralelo a h2)
M1u lim 34 12 * M2u
lim y 34
y = 52.7 > 34 es necesario considerar efectos de la esbeltez. y = 52.7 < 100 se puede utilizar momentos amplificados (Mc) Como en este plano no existe momento de primer orden (flexor) se debe determinar el valor mínimo reglamentario a considerar para M2). M2 min = Pu * (0.015 + 0.03 * h) M2 min = 64.9 t * (0.015 + 0.03 * 0.25 m) = 1.46 tm Mc = ns * M2 min ns
Cm Pu 1 0.75 * Pc
La carga crítica, según Euler, depende del binomio de rigidez a flexión “E*I” y es inversamente proporcional al cuadrado de la luz efectiva. 2 * E * I Pc (k * lu) 2 a. donde el binomio de rigidez será E *I
0.4 * Ec * Ig 1 d
E *I
0.4 * Ec * Ig 0.4 * 4700 25 * 0.00039 m 4 2.09MNm 2 1 b 1 0.75
b. Remplazando:
2 * 2.09MNm2 Pc 1.32MN 1320KN 2 (0.85 * 4.65m ) c. Se debe determinar el factor de corrección de momentos:
M1 0; M2 0 C m 1 Ahora, operando se puede obtener:
Cm 1 2.9 Pu 64.9t 1 1 0.75 * 132t 0.75 * Pc Debe ser ns > 1 ns
Y así, amplificar el momento afectándolo por ns (en este caso Mc = M2) Mc = ns * M2 = 2.9 * 1.46 tm = 4.24tm
20
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
Para este caso
Mc = 42.4 KNm
Valores finales a considerar: Pu = 64.9 t = 649 KN 0.649 MN Mc = 4.24 tm = 42.4 KNm = 0.043 MNm
17.5.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a x
Pu = 0.649 MN Mu = 0.026 MNm
n
0.649MN Pu 8.65 b * h 0.25m * 0.30m
m
0.026MNm Mu 1.16 2 2 b *h 0.25m *(0.30m )
Para identificar el diagrama de interacción de donde se obtiene la cuantía, se debe conocer el valor .
h 2 * Cc 2 * estribos armadura longitudinal 30cm 4cm 1.2cm 1.6cm 0.77 h 30 0.77 0.80
n = 8.65 m = 1.16 = 0.01 = 0.80
f’c = 25 MPa fy = 420 MPa
17.6.
Determinación de la armadura para el plano paralelo a y
Pu = 0.649 MN Mu = 0.043 MNm
n
0.649MN Pu 8.65 b * h 0.30m * 0.25m
m
0.043MNm Mu 2.29 2 2 b *h 0.30m *(0.25m )
Para identificar el diagrama de interacción de donde se obtiene la cuantía, se debe conocer el valor .
h 2 * Cc 2 * estribos armadura longitudinal 25cm 4cm 1.2cm 1.6cm 0.72 h 25 0.72 0.70
f’c = 25 MPa fy = 420 MPa
n = 8.65 m = 2.29 = 0.01 = 0.70
21
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
17.7.
Armado
Se adopta = 0.01 Ast = * Ag = 0.01 * 750 cm2 = 7.5cm2 As necesario = 7.5cm2 Se adopta armadura simétrica 2 16 4.02 cm2 por cara para cada dirección. As total para cada dirección 8.04 cm2 > 7.5 cm2 Se recomienda verificar la necesidad de colocar armadura constructiva para acortar la separación entre las barras de esquina del lado mayor. Si la separación entre ejes de barras es mayor al lado mínimo de columna o 30 cm, se recomienda colocar barras intermedias. Separación entre barras = h1 – 2 * Cc – arm long = 30 cm – 4 cm – 1.6 cm = 24.4 cm Lado mínimo 25 cm No es necesario armadura constructiva. Estribos Hasta 16 inclusive = 6 Separacion: 12 de Barra longitudinal = 12 * 1.6 cm = 19.2 cm 48 de estribos = 48 * 0.6 cm = 28.8 cm Lado menor = 25 cm Se adopta 6 c/ 19 cm.
17.8.
Verificación en flexión compuesta oblicua:
17.8.1. Pnx = Pux
n
m = 1.16 = 0.0107 = 0.80
Pux Pux n * b * h b *h Pux 13MPa * 0.25m * 0.30m 0.975MN
17.8.2. Pny = Puy
n
Puy b *h
m = 2.29 = 0.0107 = 0.70
Puy n * b * h Puy 9MPa * 0.30m * 0.25m 0.675MN
22
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
17.8.3. Pn0 = Pu0 Pu0 = 0.8 * 0.65 * [0.85 * f’c * (Ag – Ast) + fy * Ast] Pu0 = 0.8 * 0.65 * [0.85 * 25 MPa (0.075 m2 – 0.000804m2) + 420 MPa * 0.000804 m2] Pu0 = 0.65 * 1.531MN = 0.995MN = Pn0 17.8.4. Verificación
Pu 0.10 * Pu0
0.649MN 0.10 * 0.9951MN 0.649MN 0.099MN
Pu
1 1 1 1 Pnx Pny Pn0
0.649MN
1 1 1 1 0.975MN 0.675MN 0.995MN
0.649MN 0.665MN
18. Tercer ejemplo numérico de columnas de H°A° El presente dimensionado será resuelto para el tramo comprendido en Planta Baja para la columna 6. Se plantea el mismo ejercicio anterior, reduciendo su sección y manteniendo las solicitaciones. 18.1.
Análisis de cargas
La carga total Q se compone por 75% D y 25% L, aproximadamente, entonces: Piso PB
Carga Q (kg)
D = 0.75 * Q (kg)
L = 0.25 * Q (kg)
50236
38824
11412
Diferenciación necesaria para obtener Pu (carga última) en el siguiente paso. 18.2.
Predimensionado
18.2.1. Carga última Combinaciones de cargas mayoradas: 1.2 D + 1.6 L = 1.2 D + 1.0 L 1.6 W 0.9 D 1.6 W Para la resolución de este ejemplo no se considera la acción del viento. Pu =1.2 * 38824kg + 1.6 * 11412kg = 64900 kg ≈ 64.9 t 18.2.2. Carga nominal Pn
64.9 t Pu 124.81t * 0.80 0.65 * 0.80
Pn 1.248 MN
23
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
18.2.3. Predimensionado
Ag
1.248MN 1.248 MN 0.0494m 2 494 cm 2 0.85 * 25MPa(1 0.01) 420MPa * 0.01 25.24MPa
Sección adoptada = 25 cm * 25 cm = 625 cm2
En un dibujo que no se corresponde con la escala de la planta se ha representado la posición de la columna 6 en Planta baja. h1 = 25 cm paralelo a eje x h2 = 25 cm paralelo a eje y
18.3.
Determinación de solicitaciones
18.3.1. Indesplazabilidad Se estudia en este caso un sistema indesplazable. La columna 6 conforma con la columna 5 y la viga 3 un pórtico que está sometido sólo a cargas gravitatorias, (plano “x”). Con la columna 10 y 2, y con las vigas 8 y 9 conforma un pórtico que está sometido también sólo a cargas gravitatorias, (plano “y”). 18.3.2. Esfuerzos generados por las vigas en el tramo analizado de columna I.
24
Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h2" (paralelo al eje y)
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
En este plano (paralelo al lado h 2) la columna se comporta como centrada, ya que en el nudo "A" los pares actuantes transmitidos por las vigas 8 y 9 se contrarrestan (M = 0), por lo que la columna no recibe ningún momento.
MB1 MB2 II.
2552 kg/m * (3m)2 2871kgm 8 Se analizará la columna 6 en su plano paralelo al lado "h1" (paralelo al eje x)
En este plano (paralelo al lado h 1) la columna se comporta como excéntrica, ya que en el nudo "B" el par transmitido por la viga 3 (M 0) debe ser contrarrestado por los pares en los extremos de las columnas que convergen. Según la resolución del nudo de pórtico realizado en el ejercicio anterior (columna 1er piso), los valores son los que se representan: III.
Resumiendo (cargas de servicio):
Plano paralelo a " h1": flexo-compresión N = 50.2 t (dato obtenido en el análisis de cargas) M1 = 0 tm (corresponde a la columna 6 en Planta baja donde se encuentra articulada a la base 6) M2 = 1.26 tm (dato obtenido de la resolución del hiperestático, para la barra que corresponde a la columna 6 en Planta baja)
Plano paralelo a " h2": compresión N = 50.2 t (dato obtenido en el análisis de cargas) 25
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
18.4.
Determinación de la esbeltez
Donde: k = factor de longitud efectiva. lu = longitud sin apoyo lateral. Pueden des diferentes según la dirección que se analice. r = radio de giro
k * lu r
18.4.1. Definir lu para cada dirección. Longitud no arriostrada entre nivel superior de vigas de 1° piso y borde superior de la fundación: 5.00m I.
Para dirección x:
hviga 3 = 0.25 m lu = 5.00 m – 0.25 m = 4.75 m II.
Para dirección y:
hviga 8 y 9 = 0.35 m lu = 5.00 m – 0.35 m = 4.65 m 18.4.2. Factor de longitud efectiva Como el valor real de la longitud efectiva depende de la rigidez de los elementos solidarios a ambos extremos de la columna, se obtiene en primer lugar la rigidez de dichos elementos.
L (columnas ) * 0.7 EI
I. E* A
L (vigas ) * 0.35 EI
Para plano x
25cm * (25cm)3 20cm * (25cm)3 E* 12 12 0.7 158.1cm3 500cm 280cm * * 2 7.08 0.35 44.64cm3 12cm * (25cm)3 E* 12 350cm
k = 0.97
B Extremo articulado
II.
Para plano y
25cm * (25cm)3 25cm * (20cm)3 E* 12 12 0.7 124.62cm3 500 cm 280 cm A * * 2 0.7 15cm * (35cm)3 15cm * (35cm)3 0.35 357.28cm3 E* E* 12 12 300cm 300cm E*
B Extremo articulado
26
k = 0.85
Capitulo XXVIII
Columnas de hormigón armado - Compresión y flexo compresión
18.4.3. Esbeltez
k * lu r
x
0.97 * 4.75m 61.43 0.3 * 0.25m
y
0.85 * 4.65m 52.7 0.3 * 0.25m
18.4.4. Limite para considerar efectos de la esbeltez M1u lim 34 12 * M2u
Donde: M1u = menor momento último en extremo de la columna M2u = mayor momento último en extremo de la columna Siendo:
Mu = 1.2 *MD + 1.6 * ML
Y manteniendo las proporciones halladas en relación a cargas permanentes y sobrecargas: M (tm) 1.26
MD = 0.75 * M (tm) 0.945
I.
Análisis para plano x (paralelo a h1)
M1u lim 34 12 * M2u x = 61.43 > 34
ML = 0.25 * M (tm) 0.315
Mu (tm) 1.64
0tm lim x 34 12 * 34 1.71tm
es necesario considerar efectos de la esbeltez.
x = 61.43 < 100 se puede utilizar momentos amplificados (Mc). Como en este plano la columna se encuentra solicitada por momento flexor (de primer orden) se debe determinar el valor mínimo reglamentario a considerar para M2. M2 min = Pu (0.015 + 0.03 * h) M2 min = 64.9 t (0.015 + 0.03 * 0.25 m) = 1.46 tm M2 min = 1.46 tm < M2u = 1.64 tm Se utiliza M2u para el dimensionado de la columna Cm ns Mc = ns * M2u Pu 1 0.75 * Pc La carga crítica, según Euler, depende del binomio de rigidez a flexión “E*I” y es inversamente proporcional al cuadrado de la luz efectiva. Pc
2 * E * I (k * lu) 2
a. donde el binomio de rigidez será E *I
0.4 * Ec * Ig 0.4 * 4700 25 * 0.00032m 4 1.718MNm 2 1 d 1 0.75
d = relación entre la carga permanente y la carga máxima. Ec = modulo de elasticidad del hormigón (en MPa) Ig = momento de inercia de la sección bruta de hormigón para el plano analizado.
27
Recursos para el diseño de Estructuras Resistentes
b. Remplazando:
Pc
2 * 1.718MNm2 0.799MN 799KN 79.9t 2 (0.97 * 4.75m )
c. Se debe determinar el factor de corrección de momentos: Cm 0.6 0.4 *
ns
M1 0.4 M2
Cm 1 Pu 1 0.75 * Pc
Para obtener ns
M1 0 Cm 0.6 ns
Cm 1 Pu 1 0.75 * Pc
0.6 0.6 64.9t 0.08 1 0.75 * 79.9t
debe cumplirse:
Pu 1 0.75 * Pc
Pc
Pu 0.75
Para este caso:
Pu 64.9t 86t Pc 0.75 0.75
28
Por lo tanto, deberá considerarse una sección de hormigón mayor.