Resolver la siguiente E.D. por trasformada de Laplace. π¦ ´´ + 2π¦ Β΄ + 5π¦ = π ππ3π‘ πππππππππππ : π(0) = 2 ; π Β΄ = 0 β{π¦ ´´
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Resolver la siguiente E.D. por trasformada de Laplace. π¦ ´´ + 2π¦ Β΄ + 5π¦ = π ππ3π‘
πππππππππππ : π(0) = 2 ; π Β΄ = 0
β{π¦ ´´ + 2π¦ Β΄ + 5π¦} = β{π ππ3π‘} Se reemplazan las transformadas de acuerdo a la propiedad de la derivada de orden: n. al mismo tiempo que: Β΄ [π 2 π¦(π ) β π π(0) β π(0) ] + 2[π π¦(π ) β π(0) ] + 5[π¦(π ) ] =
[π 2 π¦(π ) β π 2 β 0] + 2[π π¦(π ) β 2] + 5[π¦(π ) ] =
π 2
π 2
3 + 32
3 + 32
Acomodando la ecuaciΓ³n y por la propiedad distributiva: π 2 π¦(π ) β π 2 + 2π π¦(π ) β 4 + 5π¦(π ) =
π 2
3 + 32
Factorizando π¦(π ): π 2 π¦(π ) + 2π π¦(π ) + 5π¦(π ) = π¦(π )(π 2 + 2π + 5) = π¦(π ) (π 2 + 2π + 1 + 4) =
3 + 2π + 4 + 32
2π + 7 2π + 7 2 ( ) βΉ π¦ π + 2π + 5 = (π ) π 2 + 32 (π 2 + 32 )
2π + 7 2π + 7 βΉ π¦(π ) [ (π 2 + 2π + 1) + 4] = 2 2 2 (π + 3 ) (π + 32 )
π¦(π ) [(π + 1)(π + 1) + 4] = π¦(π ) [(π 2 + 12 ) + 22 ] =
π 2
2π + 7 2π + 7 βΉ π¦(π )[(π + 1)2 + 22 ] = 2 2 2 (π + 3 ) (π + 32 )
2π + 7 2π + 7 βΉ π¦ = (π ) (π 2 + 32 ) (π 2 + 32 )[(π 2 + 12 ) + 22 ]
Aplicando el mΓ©todo de fracciones parciales se tiene: π¦(π ) = π¦(π ) = 2π + 7 =
(π 2
+
2π + 7 π΄π + π΅ πΆπ + π· = 2 + 2 2 2 + 1 ) + 2 ] (π + 9) [(π + 1) + 4]
32 )[(π 2
(π΄π + π΅)(π 2 + 32 )[(π 2 + 12 ) + 22 ] (πΆπ + π·)(π 2 + 32 )[(π 2 + 12 ) + 22 ] + [(π 2 + 1) + 4] (π 2 + 9)
π¦(π ) = 2π + 7 = (π΄π + π΅)[(π 2 + 1) + 4] + (πΆπ + π·)(π 2 + 9) = β― = π΄π 3 + π΄π + 4π΄π + π΅π 2 + π΅ + 4π΅ + πΆπ 3 + 9πΆπ + π·π 2 + 9π· π¦(π ) = 2π + 7 = π΄π 3 + 5π΄π + π΅π 2 + 5π΅ + πΆπ 3 + 9πΆπ + π·π 2 + 9π· Con lo anterior se forma un sistema de ecuaciones 4x4:
π¦(π ) = 0π 3 + 0π 2 + 2π + 7 = π΄π 3 + 5π΄π + π΅π 2 + 5π΅ + πΆπ 3 + 9πΆπ + π·π 2 + 9π· π΄+0+πΆ+0= 0 0+π΅+0+π· = 0 5π΄ + 0 + 9πΆ + 0 = 2 0 + 5π΅ + 0 + 9π· = 7
πΈπ. (1) πΈπ. (2) πΈπ. (3) πΈπ. (4)
Combinando la Ec. (1) y (3). Ec. (1) por 5 y se resta la Ec. (3), para obtener la Ec. (5); luego combinamos la Ec. (2) y (4). Ec. (2) por 5 y se resta la Ec. (4), para obtener la Ec. (6): 5A +5C =0 -5A -9C =-2 -4C =-2 Ec. (5) πΆ=
5B +5D =0 -5B -9D =-7 -4D =-7 Ec. (6)
2 1 7 1 7 = ; π· = ; πΈπ ππ πΈπ. (1) π΄ = βπΆ = β ; πΈπ ππ πΈπ. (2) π΅ = βπ· = β 4 2 4 2 4 A=-1/2 ; B=-7/4 ; C=1/2 ; D=7/4
DespuΓ©s de haber hallado los valores de A, B, C y D; se procede a volver a la ecuaciΓ³n para reemplazar los valores. π¦(π ) =
π΄π + π΅ πΆπ + π· 1 π 7 1 1 π ( ) ( ) + = β ( ) β + (π 2 + 9) [(π 2 + 1) + 4] 2 π 2 + 32 4 π 2 + 32 2 π 2 + (β5)2
Aplicando la antitransformada: 1 π 7 β1 1 1 β1 π } { } { π(π‘) = β β1 { π¦(π ) } = β β β1 { 2 β β + β 2} 2 π + 32 4 π 2 + 32 2 2 π + (β5) 1 π 7 β1 3 1 β1 π } { } { = β β β1 { 2 β β + β 2} 2 π + 32 4β3 π 2 + 32 2 π 2 + (β5) Efectuando la antitransformada por tablas tenemos la soluciΓ³n: 1 7 1 π(π‘) = β cos 3π‘ β π ππ 3π‘ + cos β5 π‘ 2 12 2