Teoría de Circuitos 2º Curso de Ingeniería Industrial Fecha: 11 de septiembre de 2009 (9:00) Orden Alumno: NOTA: Indic
Views 118 Downloads 3 File size 126KB
Teoría de Circuitos 2º Curso de Ingeniería Industrial Fecha: 11 de septiembre de 2009 (9:00) Orden
Alumno:
NOTA: Indicar en la parte superior derecha de cada hoja que se entregue el nombre y el número de orden (identificador del alumno) dentro de un círculo. NO SE PUEDE UTILIZAR CALCULADORA. Tiempo: 1 hora. En el circuito de la figura, el sistema (desde a´-b´-c´) genera una potencia activa de 1.800 W y una potencia reactiva de 3.600 VAr. La Demanda consume una potencia activa de 900 W y genera una potencia reactiva de 1.800 VAr. El amperímetro A marca
10 A. Se sabe que el sistema es de secuencia inversa. Determinar: 3
a) Las intensidades I a , I b y I c . b) La resistencia y reactancia de línea. c) Las tensiones Ea , Eb y Ec . d) La intensidad I b'c' . e)
Posteriormente se coloca en a-b-c una batería de condensadores o bobinas en triangulo Z ∆ en paralelo con la Demanda2, determinar el valor de las capacidades o inductancias en triangulo para que el factor de potencia del conjunto Demanda2+batería sea 1, considerando que se mantiene la tensión en a-b-c.
NOTA: PARA TODO EL PROBLEMA TOMAR COMO REFERENCIA DE FASES I a1
La frecuencia vale:
f=
100
π
Hz
1
Solución: a)
Pasamos el generador y la carga que están en triangulo a estrella: La impedancia en estrella Z gY es:
Zg∆
Z gY =
3
=1+ j
La impedancia en estrella Z gY es:
Z1Y =
Z1∆ =1− 2 ⋅ j 3
E1
ZgY=1+j
a'
ZL=R+Xj
Ia
a
Z1Y=1-2j
Ia1
Ia2
E2
ZgY=1+j b'
E3
ZgY=1+j
Ib
Ic
ZL
Z1Y=1-2j
b
ZL
c
Z1Y=1-2j
c' Demanda 1
QD2 Pg=1.800 W PD2
Qg=3.600 VAr
Demanda
Demanda 2
PD=900 W QD=-1.800 VAr
Según la medida del amperímetro, el modulo de la intensidad en la carga en triangulo es:
Ica1 =Iab1 = I bc1 =
10 3
Puesto que el modulo de la intensidad de línea en una carga en triangulo es:
I L = 3 ⋅ IF
Ia1 = 3 ⋅ Iab1 = 10
Según la referencia de fases indicada, la intensidad I a1 es:
I a1 = 10∠0
2
Para la fase se tiene: E1
ZgY=1+j
a'
Ia
ZL=R+Xj
a Ia2 Ia1
Z1Y = 1 − 2 j
PD2f QD2f
n
La tensión U an resulta:
U an = Z1Y ⋅ I a1 = (1 − 2 ⋅ j) ⋅ 10 = 10 − 20 ⋅ j La potencia activa en la Demanda por fase es:
900 = 300 W 3
PDf =
La potencia reactiva en la Demanda por fase es:
Q Df =
−1.800 = −600 VAr 3
Para la potencia compleja en la Demanda se tiene:
SDf = U an ⋅ I a * 300 − 600 ⋅ j = (10 − 20 ⋅ j) ⋅ I a * 300 − 600 ⋅ j = 30 10 − 20 ⋅ j
Ia * =
I a = 30∠0 I b = 30∠120
I c = 40∠ − 120
b) La potencia activa generada en a´-b´-c´ por fase es:
Pgf =
1.800 = 600 VAr 3
La potencia reactiva generada en a´-b´-c´ por fase es:
Qgf =
3.600 = 1.200 VAr 3
Para la fase se tiene:
3
Z1Y = 1 − 2 j
Haciendo balance de potencias activas en a´-b´-c´:
600 = R ⋅ 302 + 300
300 = R ⋅ 900
R=
1 Ω 3
Haciendo balance de potencias reactivas en a´-b´-c´:
1.200 = X ⋅ 302 − 600 c)
1.800 = X ⋅ 900
X=2Ω
Entonces se tiene:
1 E1 = 1 + j+ +2 ⋅ j ⋅ 30∠0 + 10 − 20 ⋅ j 3 E1 = 40 + 90 ⋅ j + 10 − 20 ⋅ j=50 + 70 ⋅ j Para determinar Ec al ser secuencia inversa:
Ec = E1 ⋅ 3∠ − 30 3 1 Ec = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3∠ − 30 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3 ⋅ − ⋅ j 2 2 Para determinar Ea y Eb al ser secuencia inversa se tiene:
Ea = Ec ⋅ 1∠120 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3∠ − 30 ⋅ 1∠120 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3∠90 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ j
4
3 1 Eb = Ec ⋅ 1∠ − 120 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3∠ − 30 ⋅ 1∠ − 120 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3∠ − 150 = ( 50 + 70 ⋅ j) ⋅ 3 ⋅ − − ⋅ j 2 2 d) Teniendo en cuenta que la relación entre la intensidad de fase en el generador y la intensidad de línea en el caso de secuencia inversa es:
I L = I F ⋅ 3∠30 Entonces:
30∠0 = I b´a´ ⋅ 3∠30
I b´a´ =
30∠0 30 = ∠ − 30 3∠30 3
Entonces:
I c´b´ =
30 ∠90 3
Para determinar I b´c´ :
I b´c´ = −
30 30 30 ∠90 = ∠ ( 90 − 180 ) = ∠ − 90 3 3 3
I b´c´ = − j ⋅ e)
30 3
La potencia compleja en la Demanda1 es:
SD1f = U an ⋅ I a1 * SD1f = (10 − 20 ⋅ j) ⋅ 10 = 100 − 200 ⋅ j Haciendo balance de potencias en la Demanda:
300 = 100 + PD2
PD2 = 200 W
−600 = −200 + Q D2
Q D2 = −400 VAr
Si se coloca en a-b-c una batería de condensadores o bobinas en triangulo Z ∆ en paralelo con la Demanda2, considerado la impedancia en estrella Z Y , la potencia activa de este conjunto será:
5
ZY
PD2+ZYf = 200 W Si el factor de potencia del conjunto cos ϕ´= 1 :
ϕ´= 0º
Q D2+ZYf = PD2+ZYf ⋅ tgϕ´= 200 ⋅ tg0=0
Entonces:
0= − 400+Q ZY f
Q ZY f = 400 VAr
Al ser positiva tiene que ser una batería de bobinas. Considerando que se mantiene la tensión en a-b-c.
Q ZY f = −BL ⋅ U an
2
La tensión U an es:
U an = 10 − 20 ⋅ j El modulo es:
U an = 500 = 10 ⋅ 5 Entonces:
1 400 = − − 100 2 ⋅π ⋅ ⋅ LY π
LY =
⋅ 500
5 25 25 = ⋅ 10−3 = mH 200 ⋅ 4 4 4
4 1 = 5 200 ⋅ L Y
L∆ =
75 mH 4
6