Matem´aticas. G.M.I.M. Ejercicios resueltos de integrales 1. Ejemplos de integrales definidas. a) Z 10 1 b) c) Z 4 0
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Matem´aticas. G.M.I.M. Ejercicios resueltos de integrales 1. Ejemplos de integrales definidas. a) Z 10 1
b) c)
Z 4 0
x
2
Z 4 1
h
5x4 dx = x5
i4 1
= 45 − 1 = 1023
dx = [ln (x)]10 2 = ln (10) − ln (2) = ln (5) ' 1,60944
2
(x − 2x) dx =
Z 4 0
Z 4
2
x dx −
0
"
2x dx =
x3 3
#4
h
− x2
i4
0
0
=
64 16 − 16 = 3 3
2. Ejemplo de integral de una funci´ on a trozos. Se considera la funci´ on f : [1, 5] −→ IR, definida por: f (x) = Calcula las integrales: a)
Z 2 1
½ 2 x
x+6
f (x) dx
si 1 ≤ x ≤ 3 si 3 < x ≤ 5
b)
Z 5 1
f (x) dx
Soluci´ on: a) b)
Z 5
Z 2 1
f (x) dx =
f (x) dx =
1
x3 = 3
#3 1
Z 3 1
Z 2 1
x3 x dx = 3
f (x) dx +
x2 + + 6x 2
#5
µ
= 3
=
#2
2
Z 5 3
8 1 7 − = = 2,33 3 3 3
= 1
f (x) dx =
27 1 − 3 3
¶
µ
+
Z 3 1
2
x dx + ¶
Z 5 3
µ
(x + 6) dx =
25 9 + 30 − + 18 2 2
¶
=
26 86 + 20 = = 28,67 3 3
3. Ejemplos de c´ alculo de integrales indefinidas que se resuelven utilizando la tabla de integrales simples. ¶ Z Z Z 3Z x 3 x 3 x e dx = 7 x dx − e dx = 7x − e dx = 7x dx − 5 5 5
Z µ
1)
7x2 3ex = − +C 2 5 Z
2) µ
Z
3)
t
2
−1 Z √ t 2 +1 1 t1/2 −1/2 √ dt = t dt = −1 +C = 2 t+C +C = 1/2 +1 t 2
2 t+ 3
¶
Z µ
dt =
¶
2 t4 2 t3 t4 2t3 t + t2 dt = + +C = + +C 3 4 3 3 4 9 3
1
Z
4)
1 1 Z −3 1 x−3+1 1 x−2 dx = x dx = · + C = · +C = 6x3 6 6 −3 + 1 6 −2 −x−2 −1 +C = +C 12 12 x2
= Z
5)
Z
7)
Z
8)
4
2ex dx = 2ex + C
Z e
x
Z e
(x + e ) dx =
x dx +
xe+1 e dx = + ex + C e+1 x
Z −3 −3 −3 Z −2 −3 x−1 3 dx = dx = x dx = · +C = +C 2 2 (2x) 4x 4 4 −1 4x
1 √ 8
−7 √ 1 Z −7/8 1 x 8 +1 1 x1/8 dx = x dx = · −7 +C = · +C = 28x+C 4 4 4 1/8 +1 x7 8
Z
9)
´ 2z − 5 1 Z 1 ³ 2 dz = (2z − 5) dz = z − 5z + C 7 7 7
Z
10)
dx =
e−x
Z
6)
Z
2
Z
(x2 + 5)(x − 3) dx =
(x3 − 3x2 + 5x − 15) dx =
Z
11)
12)
Z 2
(4u2 + 4u + 1) du =
(2u + 1) du =
! Z Ã 3 x − 3x2 + 5x − 2
x Z µ
=
x2 − 3x + 5 −
2 x
dx =
¶
dx =
4u3 + 2u2 + u + C 3
Z Ã 3 x
3x2 5x 2 − + − x x x x
!
dx =
x3 3x2 − + 5x − 2 ln |x| + C 3 2
Z
13)
x4 5x2 − x3 + − 15x + C 4 2
7x dx =
7x +C ln (7)
Z
14) Z
15)
sen x dx = − cos x + C
Z 1 8 dx = 8 dx = 8 arctan x + C 2 1+x 1 + x2 µ
Z
¶
Z 4 8 t3 − 5t2 + 4t − 8 16) dt = t − 5 + − 2 dt = 2 t t t Z Z Z Z 2 t 8 4 8 = t dt − 5 dt + dt − dt = − 5 t + 4 ln |t| + +C t t2 2 t
2
Z
(Hemos hecho aparte la integral Z
Z 8 t−1 −8 −2 dt = 8 t dt = 8 = ) 2 t −1 t
Z 7 −21 −2/3 −21 x−2/3 −5/3 √ dx = 7 x dx = 7 +C = x +C = +C 3 5 −2/3 2 2 x2/3 x
17)
4. Ejemplos de c´ alculo de integrales indefinidas que se resuelven utilizando la tabla de integrales generalizadas. Z
1)
1 1 Z 3 1 dx = dx = ln |3x − 2| + C 3x − 2 3 3x − 2 3 Z
2x (x2 + 3)5 dx =
2) Z
Z 5 5 Z −2 dx = 5 (8 − 4x) dx = (8 − 4x)−2 (−4) dx = (8 − 4x)2 −4
3)
=
5 (8 − 4x)−1 5 −5 (8 − 4x)−1 +C = +C = +C 4 −1 4 4(8 − 4x) Z
4) Z
Z
2
x e−x dx =
6)
7)
2x dx = ln |x2 + 1| + C +1
x2
Z 3x x 3 Z 2x 3 dx = 3 dx = dx = ln |x2 − 1| + C 2 2 2 x −1 x −1 2 x −1 2
5)
Z
(x2 + 3)6 +C 6
−1 Z −1 −x2 2 (−2x) e−x dx = e +C 2 2
1 Z ax 1 eax e dx = e a dx = eax + C = +C a a a ax
Z
Si fuera a = 0,
Z
e0 dx = Z
8)
10)
1 dx = x + C.
Z (ln (x))3 1 (ln (x))4 dx = (ln (x))3 · dx = +C x x 4 Z
9) Z
(suponiendo a 6= 0).
Z 1 (ln (x))2 ln (x) dx = ln (x) · dx = +C x x 2
3 3 1 4x 4x 1 Z x3 2 4 (3x ) dx = · +C = +C 4 x dx = 3 3 ln (4) 3 ln (4)
x3
2
3
5. Dada la funci´on de coste marginal de la producci´ on de x unidades de un bien, C 0 (x) = 1 + x + 3x2 u.m., calcula la funci´on de coste total sabiendo que el coste fijo es 250 u.m., es decir, C(0) = 250. Soluci´ on: La funci´on de coste total es una primitiva de la funci´on de coste marginal Z
Z 0
C(x) =
(1 + x + 3x2 ) dx = x +
C (x) dx =
x2 + x3 + K 2
Determinamos el valor de la constante K usando la condici´on de que cuando x = 0 el coste total es 250: Para x = 0 tenemos que C(0) = 0 + K = 250. Por tanto, el valor de K es K = 250 y la funci´on de coste total queda totalmente determinada: x2 C(x) = x + + x3 + 250 2
6. Ejemplos de integrales que se calculan usando el m´ etodo de integraci´ on por partes. Z
a) Queremos calcular la integral
Z
x · sen (x) dx.
u=x
x · sen (x) dx =
→
du = dx
Z
dv = sen (x) dx → v =
sen (x) dx = − cos(x)
Z
=
Z
= x · (− cos(x)) −
− cos(x) dx = −x · cos(x) +
cos(x) dx =
= −x · cos(x) + sen (x) + C
Z
x e−3x dx =
b)
µ
1 = x · − e−3x 3 1 −x e−3x + = 3 3 µ −3x
= e
µ
1 − e−3x 3
−x 1 − 3 9
→
¶
Z
−
¶
= e
x e−x/2 dx =
−3x − 1 9
u=x
¶
+C
→
du = dx
Z
dv = e−x/2 dx → v =
e−x/2 dx = −2e−x/2
Z −x/2
= x · (−2e ³
)−
=
−x e−3x e−3x − +C = 3 9
µ −3x
e−3x dx = − 31 e−3x
1 −3x −x e−3x 1 Z −3x − e dx = + e dx = 3 3 3
+C =
+C
du = dx
Z
dv = e−3x dx → v =
¶
Z
c)
u=x
=
Z −x/2
−2 e
´
dx = −2x e
−x/2
+2
e−x/2 dx =
= −2x e−x/2 + 2 −2 e−x/2 + C = −2x e−x/2 − 4 e−x/2 + C = −e−x/2 (2x + 4) + C
4
Z
x6 ln (x) dx =
d)
u = ln x
→
dv = x6 dx → v =
Z du = (1/x) dx = 6 7
x dx = x /7
Z 7 x7 ln (x) x 1 x7 ln (x) 1Z 6 = − · dx = − x dx = 7 7 x 7 7
=
x7 ln (x) 1 x7 − · +C = 7 7 7
x7 7
µ
ln (x) −
1 7
¶
+C
7. Ejemplos de integrales definidas. a)
Z 1 0
1 dx = [arctan x]10 = arctan 1 − arctan 0 = 0,79 − 0 = 0,79 1 + x2 b)
Z x
Z 4
c)
1
a1/3
" 2
t dt =
t3 3
#x
= a1/3
x3 (a1/3 )3 x3 − a − = 3 3 3
i4 x 1 Z 4 2x 1 h 2 dx = dx = ln |x + 1| = 1 x2 + 1 2 1 x2 + 1 2 1 = (ln (17) − ln (2)) = 1,07 2
Cuando el c´alculo de la integral definida no es inmediato, puede ser preferible calcular primero la integral indefinida y luego la definida. Veamos c´omo se har´ıa con la misma integral de antes. Z 4
c) Para calcular
1
x dx, empezamos por la integral indefinida. x2 + 1
Z
x 1 Z 2x 1 ln |x2 + 1| 2 dx = dx = ln |x + 1| + C = +C x2 + 1 2 x2 + 1 2 2 Utilizando la primitiva que acabamos de calcular, hallamos la integral definida: Z 4 1
d)
Z 2 0
x dx = x2 + 1
"
ln |x2 + 1| 2
#4
= 1
ln (2) ln (17) − = 1,07 2 2
(3x + 1)2 dx. Calculamos primero la integral indefinida: Z
1 Z 1 (3x + 1)3 (3x + 1)3 (3x + 1)2 3 dx = +C = +C 3 3 3 9 Ahora, la integral definida: (3x + 1)2 dx =
Z 2 0
" 2
(3x + 1) dx =
(3x + 1)3 9
#2
= 0
73 1 342 − = = 38 9 9 9
NOTA: En este caso particular hubiera sido m´as f´acil si desarrollamos el cuadrado antes de integrar. As´ı: Z 2 0
2
(3x + 1) dx =
Z 2 0
h
(9x2 + 6x + 1) dx = 3x3 + 3x2 + x
5
i2 0
= 38
8. Ejemplos de integrales definidas que se calculan utilizando el m´ etodo de integraci´ on por partes. a)
Z 2 1
x3 ln (x) dx.
Empezamos por calcular la integral indefinida.
Z 3
x ln (x) dx =
u = ln x
→
dv = x3 dx → v =
Z du = (1/x) dx = 3 4
x dx = x /4
Z 4 x4 ln (x) x 1 x4 ln (x) 1Z 3 = − · dx = − x dx = 4 4 x 4 4 µ ¶ 1 x4 ln (x) 1 x4 x4 ln (x) − +C = − · +C = 4 4 4 4 4 Ahora calculamos la integral definida Z 2 1
" 3
x ln (x) dx =
x4 4
µ
1 ln (x) − 4
= 4 ln (2) − 1 +
b)
Z 2 0
¶#2
= 1
16 4
µ
ln (2) −
1 4
¶
−
1 4
µ
ln (1) −
1 4
¶
1 15 = 4 ln (2) − = 1,84 16 16
te−t dt
Calculamos primero la integral indefinida:
Z
t e−t dt =
u=t
→
Z
dv = e−t dt → v =
du = dt
Z
= −t e−t − e−t dt = −e−t
−e−t dt =
Z
= −t e
−t
+
e−t dt = −t e−t − e−t + C = −e−t (t + 1) + C
Ahora calculamos la integral definida: Z 2 0
h
t e−t dt = −e−t (t + 1)
i2 0
= −e−2 (2 + 1) + e0 (1) = −3e−2 + 1 = 0,59
9. Ejemplo de c´ alculo de ´ area. Calcula el ´area del recinto determinado por la curva y = x2 + 2, las rectas verticales x = −2, x = 2 y el eje de abscisas. Soluci´ on: Observamos que la funci´on es positiva, ya que x2 + 2 > 0. Por tanto, el ´area es: Z 2
x3 (x + 2) dx = + 2x 3 −2 µ
=
#2
2
8 +4 3
¶
µ
−
−8 −4 3
Ã
= −2
¶
=
23 + 2 (2) 3
!
Ã
−
!
(−2)3 + 2(−2) 3
=
8 8 16 40 +4+ +4 = +8 = = 13,33 3 3 3 3
6
10. Un ejemplo de integral impropia. Z ∞ 0
e−2x dx
La calculamos directamente, porque es r´apida: Z ∞ 0
−2x
e
dx = l´ım
Z b
b→∞ 0
"
−2x
e
−e−2x dx = l´ım b→∞ 2
#b
Ã
= l´ım
b→∞
0
−e−2b e0 + 2 2
!
= 0+
1 = 2
1 2
11. Otro ejemplo de integral impropia. Z ∞ 0
3x e−x/2 dx
Soluci´ on: Recordamos que la integral impropia se define como Z ∞ 0
3x e
−x/2
dx = l´ım
Z b
b→∞ 0
3x e−x/2 dx
Es m´as complicada que la del ejemplo anterior, por lo que la iremos calculando paso a paso. Calculamos primero la integral indefinida:
Z
3x e−x/2 dx =
u = 3x
→
dv = e−x/2 dx → v =
Z
du = 3 dx e−x/2 dx = −2e−x/2
=
Z
= −6x e
−x/2
e−x/2 dx = −6x e−x/2 − 12e−x/2 + C = −6 e−x/2 (x + 2) + C
+6
Ahora calculamos la integral definida: Z b 0
h
3x e−x/2 dx = −6 e−x/2 (x + 2)
ib 0
= −6 e−b/2 (b+2) + 6 e0 (2) = −6(b + 2)e−b/2 + 12
Por u ´ltimo, el l´ımite: l´ım (−6(b + 2)e−b/2 + 12) = ( l´ım −6(b + 2)e−b/2 ) + 12 = 0 + 12 = 12
b→∞
b→∞
(C´alculo del l´ımite por la regla de l’Hˆopital: l´ım −6(b + 2)e−b/2 = l´ım b→∞ b→∞ −∞ −12 −6 −12 = l´ım b/2 = l´ım b/2 = = 0) b→∞ e b→∞ e ∞ /2 ∞
7
−6(b + 2) = eb/2