MI51G Procesos Hidro – Electrometalúrgicos Profesor: Tomás Vargas Auxiliar: Melanie Colet Agosto 28, 2008 Pauta Ejerci
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MI51G Procesos Hidro – Electrometalúrgicos Profesor: Tomás Vargas Auxiliar: Melanie Colet
Agosto 28, 2008
Pauta Ejercicio 2.
1. Se desean disolver esferas de cobre de 5 mm de diámetro de modo de reducir su tamaño hasta 1 mm de diámetro. Considerando que un total de 10 esferas son tratadas con un baño de 0,1 l de un electrolito cuya concentración inicial de cobre es igual a 0,01 M, determine el potencial que se debe aplicar al sistema para conseguir la disolución deseada. DATOS: E0Cu+2/Cu0 = 0,34 V; Cu =8,92 g/cc, PACu = 63,5 g/mol; Reacción de disolución: Cu+2 + 2e- → Cu0 SOLUCIÓN: -
Masa de cobre disuelto a partir de las esferas
Primero calculamos la variación en el volumen de las esferas:
Vd
1 1 3 Dinicial D 3final 53 13 10 3 cc 0,065 cc 6 6
El volumen total disuelto (10 esferas) corresponde a:
Vd ,total 10 0,065 cc 0,65 cc Entonces la masa de cobre total agregada a la solución es:
mCu Cu Vd ,total 8,92 g -
cc
0,65 cc 5,8 g
Concentración de cobre final (en el equilibrio)
Se tiene que la concentración final será determinada como:
Cu Cu PA 2
2
f
-
i
5,8 g mCu 0,01 M 0,92 M Cu Vsolución 63,5 g 0,1 l mol
Potencial que se debe aplicar para disolver la cantidad de cobre indicada
Por la ecuación de Nernst tenemos que: (reacción Cu+2 + 2e- Cuo) o ECu 2 / Cuo ECu 2 / Cuo
0,0591 log Cu 2 2
f
0,34 V
0,0591 log 0,92 2
ECu 2 / Cuo 0,339 V
(Notar que está por sobre el potencial inicial a concentración de cobre 0,01 M: 0,28 V, lo que implica disolución del material esférico)
2. Se desea disolver chatarra de cobre utilizando ión férrico según las semi – reacciones:
Cu 2 2e Cu 0 (E0 = 0,34 V) Fe 3 e Fe 3 (E0 = 0,77 V)
Si se sabe que inicialmente se tiene una concentración de 35 g/l de Cu+2 y 20 g/l de Fe+3 y Fe+2: a) Determine el potencial inicial de ambas semi – reacciones b) Determine la reacción global que ocurre y la concentración final de Cu+2 y Fe+3/Fe+2 cuando se alcanza el equilibrio (especifique el potencial final y la fracción de cobre inicial disuelto) DATOS: PACu = 63,5 g/mol; PAFe = 55,8 g/mol; Temperatura de operación 25 °C SOLUCIÓN: a) Potencial inicial de ambas semi – reacciones: o ECu 2 / Cuo ECu 2 / Cuo
35 g l 0,0591 0,0591 log Cu 2 i 0,34 V log 2 2 63,5 g mol ECu 2 / Cuo 0,332 V
E Fe 3 / Fe 2 E
o Fe 3 / Fe 2
Fe 3 0,0591 log 1 Fe 2
i
0,77 V
i
20 g l 0,0591 log 1 20 g l
E Fe 3 / Fe 2 0,77 V b) -
Reacción global
Fe 3 e Fe 2 Cu 2 2e Cu o Reacción global: Cu o 2Fe 3 Cu 2 2Fe 2
-
Condiciones finales de proceso
Para calcular los valores finales de concentración (equilibrio) utilizamos dos ecuaciones:
Equilibrio de potenciales
En el equilibrio los potenciales de las semi - reacciones asociadas al hierro y al cobre se igualan, entonces:
E
0,0591 Cu 2 2
o Cu 2 / Cuo
f
E
o Fe 3 / Fe 2
Fe 3 0,0591 log 1 Fe 2
f f
La cantidad de cobre se mantiene en la solución, por lo cual:
Fe Fe 3
2
f
f
40 gpl 0,72 M Fe 2 55,8 g mol
f
0,72 M Fe 3
f
Entonces: o ECu 2 / Cuo
0,0591 log Cu 2 2
f
o E Fe 3 / Fe 2
Fe 3 f 0,0591 log 1 0,72 M Fe 3
(1) f
Balance de masa
De la estequiometria de la reacción global se sabe que cada un mol de ión cúprico (Cu+2) generado se consumen dos moles de ión férrico (Fe+3), entonces:
2 Cu 2
Cu Fe Fe 2
f
3
i
3
i
f
Entonces:
2 Cu 2
f
20 g l Fe 3 63,5 g mol 55,8 g mol 35 g l
f
(2)
Con uno y dos se despejan las concentraciones de ión cúprico e ión férrico obteniéndose los resultados buscados. (El determinar los valores numéricos es necesario en ejercicios y controles)
3. Considere las reacciones siguientes que ocurren a 25° C:
CuO H 2 O CuO22 2H 2CuO22 6H 2e Cu2 O 3H2 O
Se desea que usted determine las rectas asociadas a éstas reacciones en el diagrama de Pourbaix de los compuestos de cobre. Para ello se le informa que la concentración de todos los iones de cobre presentes en la solución es igual a 1,0 M, y se le otorgan los datos presentados a continuación: DATOS: F = 96.500 C/mol-eq. R = 8,314 J/mol-°K
Elemento o Compuesto
G 0 [kJ]
CuO
-129,791
Cu2 O
-146,119
CuO22
-183,801
H+
0,00 -237,337
H2 O
SOLUCIÓN: En primer lugar se observa que la primera reacción es molecular y la segunda del tipo REDOX (involucra electrones). Entonces, para el primer caso calculamos constante de equilibrio y para el segundo caso potencial de oxidación/reducción.
CuO H 2 O CuO22 2H o o o o G o GCuO 2 2 G GCuO G H O 183,801 2 0 (129,791) (237,337) H 2 2
G 291,347 kJ o
En el equilibrio:
G G
o
CuO H R T ln 2 2
2
CuO H 2 O
0
Entonces,
CuO H ln 2 2
2
CuO H 2 O
291.347 J G o 117,6 R T 8,314 J 298K mol K
Luego, para las concentraciones de iones iguales a 1 M:
H
2
exp 117,6 2 log H logexp 117,6
Así se obtiene un valor de pH (-log[H+]) constante, lo que representa una recta vertical constante en el diagrama de Pourbaix. NOTA: El valor que da de pH según estos cálculo está fuera del rango 0 – 14 (da 25,5), lo que se asocia a errores en los datos… Se verificará en el control que los resultados sean consistentes con la teoría… De todos modos lo que cuenta en este ejercicio es que se haya desarrollado correctamente el cálculo pedido
2CuO22 6H 2e Cu2 O 3H2 O o o o G o GCu 3 GHo 2O 2 GCuO 2 6 G 146,119 3 237,337 2 (183,801) 6 0 H 2O 2
G o 490,528 kJ En este caso utilizamos la ecuación de Nernst. En primer lugar calculamos Eo que corresponde a:
Eo
490.528 J G o mol 2,54 V C n F 2 96.500 mol
Entonces,
Cu 2 O H 2 O 2,54 V 0,0591 log 1 0,0591 EE log 2 6 n 2 CuO22 H H 3
o
6
E 2,54 V 0,177 pH Que corresponde a una recta de pendiente positiva en el diagrama de Pourbaix con coeficiente de posición 2,34 V.