Punto 1. Análisis: Tenemos una velocidad inicial que experimenta una aceleración, a=−g+k v 2 donde g es la gravedad, k e
Views 238 Downloads 5 File size 81KB
Punto 1. Análisis: Tenemos una velocidad inicial que experimenta una aceleración, a=−g+k v 2 donde g es la gravedad, k es una constante y v es la velocidad de la partícula. Determinar la altura máxima alcanzada por la partícula, Xmax =? Cuando la velocidad final es igual a 0.
a=−g+k v 2 dx dv =v =a dt dt dx dv = v a vf
xf
∫ dx=∫ 0
v0
v dv −( g +k v 2 )
(1)Se sustituyeu u=g +k v 2 du =2 kv dv dv =
1 dv 2 kv
(2)Se sustituye en laintegral v ∗1 −μ ∫ dx=∫ 2 kv du 0 v xf
vf
0
xf
vf
−1 du ∫ dx= 2 k ∫ u 0 v 0
x x0 = f
−1 ln (u)vv 2k
[
x f =−
f 0
vf
1 ln (g+k v 2) 2k v
]
0
Por propiedad de log xf =
1 g+ k v 2 ln 2k g+ k v 2
(
)
La altura max se logra cuando v f =0
x max =
1 g+ k v 2 ln 2k g+k (0)
x max =
1 k ln 1+ v 02 2k g
( (
Grafica
)
)
y v f =0 −a=−( g +k v 2 )
h max v0
−a=−( g +k v 2 ) x Punto 2. Análisis
Movimiento rectilíneo. La partícula tiene una aceleración de a a = (-2v) m/s2, donde v es en m/s. Cuando x = 0 y t = 0 la velocidad es igual a 20 m/s. Determinar la posición, velocidad y aceleración de la partícula en función del tiempo.
a=−2 v a=
dv dt
t
v
0
20
dv ∫ dt=∫ −2 v t=
−1 ln (v )v20 2
t=
−1 [ ln ( v ) −ln ( 20 ) ] 2
Propiedad de log t=
−1 v ∗ln 2 20
( )
Se despeja v −2 t=ln
( 20v )
v =e−2 t 20 v=( 20∗e−2 t )
m s
( 1 ) Sustituye v en a a=( 20 e−2 t ) (−2 ) a=−40 e−2 t
m s2
dx =v dt dx=vdt x
t
∫ dx=∫ ( 20 e−2 t ) dt 0
0
u=−2t du =−2 dt dt = x
du −2 t
∫ dx=∫ 20 e−2t 0
0
du −2
x x0=−10 eut0 x x0=−10 e−2 t t0 x=−10 ( e−2 t −e−2 (0 )) x=10 ( 1−e−2t ) m Resultados v=20 e−2 t
m s
u=40 e−2 t
m s2
x=10(1−e−2 t )m Grafica 0
y
y
x
Punto 3 Análisis
La partícula viaja a lo largo de la parábola y = bx2, b es una constante. Su componente de velocidad a lo largo del eje y es vy=ct2, c es una constante. Determinar lo componentes x y y de la aceleración de la partícula.
y=b x2 ( 1 ) v y =c t 2 dy =v y dt y
t
∫ dy=∫ c t2 dt 0
0
c y= t 3 3 Se sustituye y en ( 1 ) c 3 t =b x 2 3 c t3 3 =x 2 b 1 ct3 2 =x 3b x= x=
√
c t3 3b
√
c 2 t 3b
3
Para hallar vx se deriva x
x
d dt
3
1
[√ ] √
c 2 3 c 2 t = t 3b 2 3b
Y la aceleracion se halla derivando la velocidad 3 c ax=v x = t 4 3b
(√
'
ax=
3 4
√
−1 2
)
c ∗1 3b √t
ay =v y ' =2 ct Grafica
y
vy
v vx
x